第一篇：利用拉格朗日中值定理證明琴生不等式的一種形式

利用拉格朗日中值定理證明琴生不等式的一種形式

對于定義域為(a,b)的一個凸函數其二階導數小于0，利用拉格朗日中值定理證明對于任意n≥2且x1,x2,x3??xn∈(a,b)和正數a1,a2,a3??an且a1+a2+a3+??+an=1均滿足f(a1x1+a2x2+a3x3+??anxn)>a1f(x1)+a2f(x2)+??+anf(xn)

圖見下一頁

傳說這個可以改編成高考題哦~~ 且看原題（2012韶關二模理數最后一題）請注意：一下所有“L”為省略號

21．(本小題滿分14分)已知函數f(x)?ln(x?1)?mx，當x?0時，函數f(x)取得極大值.（１）求實數m的值；

（２）已知結論：若函數f(x)?ln(x?1)?mx在區(qū)間(a,b)內導數都存在，且a??1，則存在x0?(a,b)，使得f?(x0)?f(b)?f(a)f(x1)?f(x2).試用這個結論證明：若?1?x1?x2，函數g(x)?(x?x1)?f(x1)，則對任b?ax1?x2意x?(x1,x2)，都有f(x)?g(x)；

（３）已知正數?1,?2,L,?n，滿足?1??2?L??n?1，求證：當n?2，n?N時，對任意大于?1，且互不相等的實數x1,x2,L,xn，都有f(?1x1??2x2?L??nxn)?

?1f(x1)??2f(x2)?L??nf(xn).參考答案和評分標準

21．(本題滿分14分)解：（１）f?(x)?1x?m.由f?(0)?0，得m??1，此時f?(x)??.x?1x?1當x?(?1,0)時，f?(x)?0，函數f(x)在區(qū)間(?1,0)上單調遞增； 當x?(0,??)時，f?(x)?0，函數f(x)在區(qū)間(0,??)上單調遞減.?函數f(x)在x?0處取得極大值，故m??1.??????????3分

（２）令h(x)?f(x)?g(x)?f(x)?f(x1)?f(x2)(x?x1)?f(x1)，???????4分

x1?x2則h?(x)?f?(x)?f(x1)?f(x2).x1?x2Q函數f(x)在x?(x1,x2)上可導，?存在x0?(x1,x2)，使得f?(x0)?f(x1)?f(x2).x1?x2Qf?(x)?1x0?x11?1，?h?(x)?f?(x)?f?(x0)? ??x?1x?1x0?1(x?1)(x0?1)Q當x?(x1,x0)時，h?(x)?0，h(x)單調遞增，?h(x)?h(x1)?0； Q當x?(x0,x2)時，h?(x)?0，h(x)單調遞減，?h(x)?h(x2)?0；

故對任意x?(x1,x2)，都有f(x)?g(x).??????????8分（３）用數學歸納法證明.①當n?2時，Q?1??2?1，且?1?0，?2?0，??1x1??2x2?(x1,x2)，?由（Ⅱ）得f(x)?g(x)，即

f(?1x1??2x2)?f(x1)?f(x2)(?1x1??2x2?x1)?f(x1)??1f(x1)??2f(x2)，x1?x2?當n?2時，結論成立.??????????9分

②假設當n?(k?k2k2時

1結論成立，即當

?1??2?L??k?1時，f(?1?x1?L?x2??k)x??(f)Lx?(1?2?k?1.當正數?1,?2,L,?k?1滿足fk)?xn?(時，f)設xk??1??2?L??k?11?，令m??1??2?L??k，?1??1m,?2??2m,L,?k??km，則m??k?1n?1，且?1??2?L??k?1.f(?1x1??2x2?L??kxk??k?1xk?1)?f[m(?1x1?L??kxk)??k?1xk?1] ?mf(?1x1?L??kxk)??k?1f(xk?1)?m?1f(x1)?L?m?kf(xk)??k?1f(xk?1)

??1f(x1)?L??kf(xk)??k?1f(xk?1)

??????????13分

?當n?k?1時，結論也成立.綜上由①②，對任意n?2，n?N，結論恒成立.??????????14分

第二篇：利用導數證明不等式

利用導數證明不等式

例1．已知x>0，求證：x>ln(1+x)分析：設f(x)=x－lnx。x?[0,+??。考慮到f(0)=0，要證不等式變?yōu)椋簒>0時，f(x)>f(0)，這只要證明：

f(x)在區(qū)間[0,??)是增函數。

證明：令：f(x)=x－lnx，容易看出，f(x)在區(qū)間[0,??)上可導。

且limf(x)?0?f(0)?x?0 由f'(x)?1?1x 可得：當x?(0,??)時，f'(x)?f(0)?0 ?x?1x?1 即x－lnx>0，所以：x>0時，x>lnx 評注：要證明一個一元函數組成的不等式成立，首先根據題意構造出一個

函數（可以移項，使右邊為零，將移項后的左式設為函數），并利 用導數判斷所設函數的單調性，再根據函數單調性的定義，證明要 證的不等式。

例2：當x??0,??時，證明不等式sinx?x成立。證明：設f(x)?sinx?x,則f'(x)?cosx?1.∵x?(0,?),∴f'(x)?0.∴f(x)?sinx?x在x?(0,?)內單調遞減，而f(0)?0.∴f(x)?sinx?x?f(0)?0, 故當x?(0,?)時，sinx?x成立。

點評：一般地，證明f(x)?g(x),x?(a,b),可以構造函數F(x)?f(x)?g(x)，如果F'(x)?0,，則F(x)在(a,b)上是減函數，同時若F(a)?0,由減函數的定義可知，x?(a,b)時，有F(x)?0,即證明了f(x)?g(x)。

x練習：1.當x?0時，證明不等式e?1?x?12x成立。2證明：設f?x??e?1?x?x12x,則f'?x??ex?1?x.2xxx令g(x)?e?1?x,則g'(x)?e?1.當x?0時，g'?x??e?1?0.?g(x)在?0,???上單調遞增，而g(0)?0.?g?x??g(0)?0,?g(x)?0在?0,???上恒成立，?f(x)在即f'(x)?0在?0,???恒成立。?0,???上單調遞增，又f(0)?0,?ex?1?x?1x2?0,即x?0時，ex222.證明:當x?1時,有l(wèi)n(x?1)?lnx?ln(x?2).?1?x?12x成立。2分析 只要把要證的不等式變形為

ln(x?1)ln(x?2)?,然后把x相對固定看作常數,并選取輔助函

lnxln(x?1)數f(x)?ln(x?1).則只要證明f(x)在(0,??)是單調減函數即可.lnx證明: 作輔助函數f(x)?ln(x?1)(x?1)lnxlnxln(x?1)?xlnx?(x?1)ln(x?1)?于是有f?(x)?x?12x

lnxx(x?1)ln2x因為 1?x?x?1, 故0?lnx?ln(x?1)所以 xlnx?(x?1)ln(x?1)

（1，??）因而在內恒有f'(x)?0,所以f(x)在區(qū)間(1,??)內嚴格遞減.又因為1?x?1?x,可知f(x)?f(x?1)即 ln(x?1)ln(x?2)?lnxln(x?1)所以 ln2(x?1)?lnx?ln(x?2).利用導數知識證明不等式是導數應用的一個重要方面，也成為高考的一個新熱點，其關鍵是構造適當的函數，判斷區(qū)間端點函數值與0的關系，其實質就是利用求導的方法研究函數的單調性，通過單調性證明不等式。

x2例3.證明不等式x??ln(1?x)?x,其中x?0.2x2分析 因為例6中不等式的不等號兩邊形式不一樣,對它作差ln(1?x)?(x?),則發(fā)現作差以后

21?x)求導得不容易化簡.如果對ln(1,這樣就能對它進行比較.1?xx2證明: 先證 x??ln(1?x)

2x2設 f(x)?ln(1?x)?(x?)(x?0)

21x21?0)?0?0 f(x)?則 f(0)?ln(?1?x?1?x1?x'?　x?0 即 1?x?0 x2?0

x2?　f?(x)??0　,即在(0,??)上f(x)單調遞增

1?xx2?　f(x)?f(0)?0 ?　ln(1?x)?x?

21?x)?x;令 g(x)?ln(1?x)?x 再證 ln(則 g(0)?0 g?(x)?1?1 1?x１?ln(1?x)?x ?　x?0 ?　?1 ?　g?(x)?0 １?xx2?　x??ln(1?x)?x 練習：3（2001年全國卷理20）已知i,m,n是正整數，且1?i?m?n

證明：(1?m)n?(1?n)m

分析：要證(1?m)n?(1?n)m成立，只要證

ln(1?m)n?ln(1?n)m

即要證11ln(1?m)?ln(1?n)成立。因為m

11ln(1?m)?ln(1?n)； mn從而：(1?m)n?(1?n)m。

評注：這類非明顯一元函數式的不等式證明問題，首先變換成某一個一元函數式分別在兩個不同點處的函數值的大小比較問題，只要將這個函數式找到了，通過設函數，求導判斷它的單調性，就可以解決不等式證明問題。難點在于找這個一元函數式，這就是“構造函數法”，通過這類數學方法的練習，對培養(yǎng)分析問題、解決問題的能力是有很大好處的，這也是進一步學習高等數學所需要的。

第三篇：利用二重積分證明不等式

利用二重積分證明不等式.設 f(x),g(x)是[a,b]單調增加的連續(xù)函數.證明

?b

af(x)dx?g(x)dx?(b?a)?f(x)g(x)dx aabb

證明 由于f(x),g(x)是[a,b]單調增加的函數,于是

(f(x)?f(y))(g(x)?g(y))?0

??(f(x)?f(y))(g(x)?g(y))dxdy?0 …………….(1)D

其中 D為 a?x?b,注意到 a?y?b.??f(x)g(x)dxdy???f(y)g(y)dxdy

DD

D??f(x)g(y)dxdy???f(y)g(x)dxdy D

由(1)可得

?b

af(x)dx?g(x)dx??f(x)dx?g(y)dy???f(x)g(y)dxdyaaaD

bbbbbb ???f(x)g(x)dxdy??dy?f(x)g(x)dx?(b?a)?f(x)g(x)dx

Daaa

第四篇：利用導數證明不等式

利用導數證明不等式

沒分都沒人答埃。覺得可以就給個好評!

最基本的方法就是將不等式的的一邊移到另一邊，然后將這個式子令為一個函數f(x).對這個函數求導，判斷這個函數這各個區(qū)間的單調性，然后證明其最大值(或者是最小值)大于0.這樣就能說明原不等式了成立了!

1.當x>1時,證明不等式x>ln(x+1)

設函數f(x)=x-ln(x+1)

求導，f(x)'=1-1/(1+x)=x/(x+1)>0

所以f(x)在(1，+無窮大)上為增函數

f(x)>f(1)=1-ln2>o

所以x>ln(x+

12..證明：a-a^2>0其中0

F(a)=a-a^

2F'(a)=1-2a

當00;當1/2

因此，F(a)min=F(1/2)=1/4>0

即有當00

3.x>0,證明：不等式x-x^3/6

先證明sinx

因為當x=0時，sinx-x=0

如果當函數sinx-x在x>0是減函數，那么它一定<在0點的值0，求導數有sinx-x的導數是cosx-1

因為cosx-1≤0

所以sinx-x是減函數，它在0點有最大值0，知sinx

再證x-x3/6

對于函數x-x3/6-sinx

當x=0時，它的值為0

對它求導數得

1-x2/2-cosx如果它<0那么這個函數就是減函數，它在0點的值是最大值了。

要證x2/2+cosx-1>0x>0

再次用到函數關系，令x=0時，x2/2+cosx-1值為0

再次對它求導數得x-sinx

根據剛才證明的當x>0sinx

x2/2-cosx-1是減函數，在0點有最大值0

x2/2-cosx-1<0x>0

所以x-x3/6-sinx是減函數，在0點有最大值0

得x-x3/6

利用函數導數單調性證明不等式X-X2>0，X∈(0,1)成立

令f(x)=x-x2x∈

則f'(x)=1-2x

當x∈時,f'(x)>0,f(x)單調遞增

當x∈時,f'(x)<0,f(x)單調遞減

故f(x)的最大值在x=1/2處取得，最小值在x=0或1處取得

f(0)=0,f(1)=0

故f(x)的最小值為零

故當x∈(0,1)f(x)=x-x2>0。

i、m、n為正整數，且1

第五篇：談利用導數證明不等式.

談利用導數證明不等式

數學組

鄒黎華

在高考試題中，不等式的證明往往與函數、導數、數列的內容綜合，屬于在知識網絡的交匯處設計的試題，有一定的綜合性和難度，突出體現對理性思維的考查，特別是利用高中新增內容的導數來證明不等式，體現了導數的工具，也是與高等數學接軌的有力點。本文通過一些實例，來說明利用導數增證明不等式的基本方法。

例1．已知x>0，求證：x>ln(1+x)

分析：設f(x)=x－lnx。x?[0,+??。考慮到f(0)=0，要證不等式變?yōu)椋簒>0時，f(x)>f(0)，這只要證明：

f(x)在區(qū)間[0,??)是增函數。

證明：令：f(x)=x－lnx，容易看出，f(x)在區(qū)間[0,??)上可導。

且limf(x)?0?f(0)?x?0

由f'(x)?1?1x

可得：當x?(0,??)時，f'(x)?f(0)?0 ?x?1x?

1即x－lnx>0，所以：x>0時，x>lnx

評注：要證明一個一元函數組成的不等式成立，首先根據題意構造出一個

函數（可以移項，使右邊為零，將移項后的左式設為函數），并利 用導數判斷所設函數的單調性，再根據函數單調性的定義，證明要 證的不等式。

例2：（2001年全國卷理20）已知i,m,n是正整數，且1?i?m?n

證明：(1?m)n?(1?n)m

分析：要證(1?m)n?(1?n)m成立，只要證

ln(1?m)n?ln(1?n)m

11ln(1?m)?ln(1?n)成立。因為m

x1111'

證明：設函數f(x)?ln(1?x)，則f(x)??2ln(1?x)??

xx1?xx1x'?ln(1?x)] 即：f(x)?2[x1?xx?1,ln(1?x)?ln3?1 因為：x?2,0?1?x即要證所以：f(x)?0，所以f(x)在[2,??)是減函數，而m?n 所以f(m)?f(n)，即n''11ln(1?m)?ln(1?n)； mnm從而：(1?m)?(1?n)。

評注：這類非明顯一元函數式的不等式證明問題，首先變換成某一個一元函數式分別在兩個不同點處的函數值的大小比較問題，只要將這個函數式找到了，通過設函數，求導判斷它的單調性，就可以解決不等式證明問題。難點在于找這個一元函數式，這就是“構造函數法”，通過這類數學方法的練習，對培養(yǎng)分析問題、解決問題的能力是有很大好處的，這也是進一步學習高等數學所需要的。

例3．（2004年全國卷理工22題）已知函數f(x)?ln(1?x)?x，g(x)?xlnx,設0?a?b

證明：0?g(a)?g(b)?2g(a?b)?(b?a)ln2 2證明：設g(x)?xlnx,g'(x)?lnx?1 設F(x)?g(a)?g(x)?2g(a?x)2則F'(x)?g'(x)?2[g(a?xa?x)]?lnx?ln22

當0?x?a時，F'(x)?0，當x?a時，F'(x)?0 因此，F（x）

在區(qū)間（0，a）內是減函數，在區(qū)間[a,??)內為增函數，于是在x?a 時，F（x）有最小值F(a)?0又b?a，所以0?g(a)?g(b)?2g(a?b)2設G(x)?g(a)?g(x)?2g(a?x)?(x?a)ln2，則G'(x)?lnx?lna?x?ln2?lnx?ln(a?x)2當x?0時，G'(x)?0，因此G（x）在區(qū)間(0,??)內為減函數； 因為G(a)?0，b?a，所以G(b)?0，即：g(a)?g(b)?2g(a?b)?(b?a)ln2。2評注：本題在設輔助函數時，考慮到不等式涉及的變量是區(qū)間的兩個端點，因此，設輔助函數時就把其中一個端點設為自變量，范例中選用右

端點，讀者不妨設為左端點試一試，就更能體會到其中的奧妙了。

通過以上例題，我們可以體會到用導數來證明不等式的基本要領和它的簡捷?？傊?，利用導數證明不等式的關鍵是“構造函數”，解決問題的依據是函數的單調性，這一方法在高等數學中應用的非常廣泛，因此，希望同學門能認真對待，并通過適當的練習掌握它。