第一篇：17 C++構(gòu)造函數(shù)實(shí)現(xiàn)兩個(gè)數(shù)相加（本站推薦）

#include

class summary

{

private:

int y,num1,num2;

public:

summary(int a,int b)

{

num1=a;

num2=b;

}

void add()

{

y=num1+num2;}

void print()

{

cout<<“y=”<

};

void main()

{

int x,z;

cout<<“請輸入兩個(gè)數(shù)：”<>x>>z;

summary A(x,z);

A.add();

A.print();

}

第二篇：帶參數(shù)的構(gòu)造函數(shù)c++程序

#include

using namespace std;

class Box

{

public:

Box(int,int,int);//聲明帶參數(shù)的構(gòu)造函數(shù)（參見之前的與BOX同名函數(shù)修改數(shù)值為某個(gè)固定數(shù)）

int volume();

private:

int height;

int width;

int length;

};

Box::Box(int h,int w,int len)

函數(shù)

{

height=h;

width=w;

length=len;

}

int Box::volume()

{

return(height*width*length);

}

int main()

{

Box box1(12,23,34);

box1的長寬高

cout<<“the value of box1 is”<

Box box2(23,34,45);

cout<<“the value of box2 is”<

return 0;

} //在類外定義帶參數(shù)的的構(gòu)造//建立對象box1并指定

第三篇：構(gòu)造函數(shù)

構(gòu)造函數(shù)

1.設(shè)

f(x)，g(x)分別為定義在R上的奇函數(shù)和偶函數(shù)，當(dāng)x?0時(shí)，f?(x)g(x)?f(x)g?(x)?0，且g(?3)?0，則不等式f(x)g(x)?0的解集為______.2.設(shè)f(x)是定義在R上的奇函數(shù)，且f(2)?0，當(dāng)x?0時(shí)，有x?

f?(x)?f(x)?0

恒成立，則不等式x2f(x)?0的解集為__________.3.已知函數(shù)f(x)是定義在R上的奇函數(shù)，且當(dāng)x?(??,0)時(shí)，有x?<0成立，若a?30.3?

b

f?(x)+f(x)1

3f(3

0.3)，b??log?3??

f(log

?

3)，c?(log

9)?f(log

9)，則a、、c的大小關(guān)系為__________.f(x)，則當(dāng)a?0

4.已知可導(dǎo)函數(shù)f(x)滿足f?(x)?系為__________.時(shí)，f(a)與ea?

f(0)的大小關(guān)

5.若函數(shù)f(x)對任意的x?R都有f?(x)?

A.3f(ln2)?2f(ln3)

f(x)

成立，則__________.B.3f(ln2)?2f(ln3)

C.3f(ln2)?2f(ln3)D.3f(ln2)與2f(ln3)的大小關(guān)系不確定

6.設(shè)f(x)是R上的奇函數(shù)，且f(?1)?0，當(dāng)x?0時(shí)，(x2

?1)?f?(x)?2x?f(x)?0，則不等式f(x)?0的解集為__________.7.已知函數(shù)f(x)是定義在(0,??)的非負(fù)可導(dǎo)函數(shù)，且滿足x?對任意正數(shù)a、b，若a

f?(x)+f(x)?0，B.af(b)?bf(a)C.af(a)?f(b)

D.bf(b)?f(a)，8.已知f(x)與g(x)都是定義在R上的函數(shù)，g(x)?0，f?(x)g(x)?

f(x)?a?g(x)，x

f(x)g?(x)?0

f(1)g(1)

?

f(?1)g(?1)

?

.在有窮數(shù)列?

?f(n)?

?(n?1,2,?,10)中，前kg(n)??

項(xiàng)和

為

1516，則k=__________.

第四篇：關(guān)于C++構(gòu)造函數(shù)與析構(gòu)函數(shù)的說明

關(guān)于構(gòu)造函數(shù)與析構(gòu)函數(shù)的說明

? 構(gòu)造函數(shù)、析構(gòu)函數(shù)一定有。

? 子類構(gòu)造函數(shù)（開始時(shí)）一定會調(diào)用父類構(gòu)造函數(shù)。? 子類析構(gòu)函數(shù)（結(jié)束時(shí)）一定會調(diào)用父類析構(gòu)函數(shù)。

1.如果沒有定義構(gòu)造函數(shù)，C++會自動添加默認(rèn)構(gòu)造函數(shù)（即無參的構(gòu)造函數(shù)，只負(fù)責(zé)分配空間，不負(fù)責(zé)數(shù)據(jù)的初始化值）。

2.如果有定義的構(gòu)造函數(shù)（不管有參的還是無參的），C++不會再自動添加默認(rèn)構(gòu)造函數(shù)。

3.子類的構(gòu)造函數(shù)一定會調(diào)用父類構(gòu)造函數(shù)，在不指定的情況下，自動調(diào)用無參的構(gòu)造函數(shù)。

4.如果沒有定義析構(gòu)函數(shù)，C++會自動添加默認(rèn)析構(gòu)函數(shù)。

5.子類析構(gòu)函數(shù)結(jié)束時(shí)會自動調(diào)用父類析構(gòu)函數(shù)。

第五篇：構(gòu)造函數(shù)法

函數(shù)與方程數(shù)學(xué)思想方法是新課標(biāo)要求的一種重要的數(shù)學(xué)思想方法，構(gòu)造函數(shù)法便是其中的一種。

高等數(shù)學(xué)中兩個(gè)重要極限

1．limsinx?1 x?0x

11x2．lim(1?)?e（變形lim(1?x)x?e）x?0x??x

由以上兩個(gè)極限不難得出，當(dāng)x?0時(shí)

1．sinx?x，2．ln(1?x)?x（當(dāng)n?N時(shí)，(1?)n?e?(1?)n?1）．

下面用構(gòu)造函數(shù)法給出兩個(gè)結(jié)論的證明．

（1）構(gòu)造函數(shù)f(x)?x?sinx，則f?(x)?1?cosx?0，所以函數(shù)f(x)在(0,??)上單調(diào)遞增，f(x)?f(0)?0．所以x?sinx?0，即sinx?x．

（2）構(gòu)造函數(shù)f(x)?x?ln(1?x)，則f?(x)?1??1n1n1x??0．所以函數(shù)f(x)在1?x1?x

(0,??)上單調(diào)遞增，f(x)?f(0)?0，所以x?ln(1?x)，即ln(1?x)?x． ?1?要證?1???n?事實(shí)上：設(shè)1?n?11?1??e,兩邊取對數(shù)，即證ln?1???, nn?1??11?t,則n?(t?1), nt?1

1因此得不等式lnt?1?(t?1)t

1構(gòu)造函數(shù)g(t)?lnt??1(t?1),下面證明g(t)在(1,??)上恒大于0． t

11g?(t)??2?0, tt

∴g(t)在(1,??)上單調(diào)遞增，g(t)?g(1)?0, 即lnt?1?, 1

t

1?1??1?∴ ln?1???,∴?1???n??n?n?1n?1?e,以上兩個(gè)重要結(jié)論在高考中解答與導(dǎo)數(shù)有關(guān)的命題有著廣泛的應(yīng)用．