第一篇：云南省安寧市實(shí)驗(yàn)石江學(xué)校2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題 含答案

云南省安寧市實(shí)驗(yàn)石江學(xué)校2017-2018學(xué)年下學(xué)期期中

高二物理

本試卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷兩部分，共100分，考試時(shí)間90分鐘。

學(xué)校：___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________

分卷I

一、單選題(共10小題,每小題3.0分,共30分)1.許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列敘述中符合物理學(xué)史實(shí)的是()A． 牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量 B． 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律 C． 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律

D． 伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因

2.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線(xiàn)框旋轉(zhuǎn)在光滑絕緣的水平面上，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN和PQ為磁場(chǎng)邊界，磁場(chǎng)寬度為

L.開(kāi)始時(shí)，線(xiàn)框的頂點(diǎn)d恰在磁場(chǎng)邊界上，且對(duì)角線(xiàn)bc與磁場(chǎng)邊界平行，現(xiàn)用外力使線(xiàn)框沿與磁場(chǎng)邊界垂直的方向勻速運(yùn)動(dòng)，則在穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線(xiàn)框中的電流I(以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎?和外力的功率P隨時(shí)間變化正確的圖象為()

A．B． C．D．

3.下列做法中可能產(chǎn)生渦流的是()A． 把金屬塊放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中 B． 讓金屬塊在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速運(yùn)動(dòng) C． 讓金屬塊在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做變速運(yùn)動(dòng) D． 把金屬塊放在變化的磁場(chǎng)中

4.如圖所示，一條形磁鐵從靜止開(kāi)始向下穿過(guò)一個(gè)用雙線(xiàn)繞成的閉合線(xiàn)圈，條形磁鐵在穿過(guò)線(xiàn)圈的過(guò)程中()A． 做自由落體運(yùn)動(dòng) B． 做減速運(yùn)動(dòng) C． 做勻速運(yùn)動(dòng) D． 做非勻變速運(yùn)動(dòng)

5.如圖所示，兩個(gè)閉合正方形線(xiàn)框A、B的中心重合，放在同一水平面內(nèi)．當(dāng)小線(xiàn)框A中通有不斷增大的順時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，對(duì)于線(xiàn)框B，下()A． 有順時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣惺湛s的趨勢(shì) B． 有順時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣袛U(kuò)張的趨勢(shì) C． 有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣惺湛s的趨勢(shì) D． 有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣袛U(kuò)張的趨勢(shì)

6.如圖，有一理想變壓器，原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為n，原線(xiàn)圈接正弦交流電壓U，輸出端接有一個(gè)交流電流表和一個(gè)電動(dòng)機(jī)．電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻為R.當(dāng)輸入端接通電源后，電流表讀數(shù)為I，列說(shuō)法中正確的是電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)一重物勻速上升，下列判斷正確的是()A． 原線(xiàn)圈中的電流為 B． 電動(dòng)機(jī)消耗的功率為IU C． 電動(dòng)機(jī)兩端電壓為IR D． 變壓器的輸入功率為IU

7.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線(xiàn)框繞與磁感線(xiàn)垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖甲所示，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的圖象如圖乙所示，則()

A．t＝0.005 s時(shí)線(xiàn)框的磁通量變化率為零 B．t＝0.01 s時(shí)線(xiàn)框平面與中性面重合 C． 線(xiàn)框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的有效值為311 V D． 線(xiàn)框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的頻率為100 Hz 8.某矩形線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e＝Emsinωt.若將線(xiàn)圈的轉(zhuǎn)速增加1倍，保持其他條件不變，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為()A．e＝Emsin 2ωtB．e＝2Emsin 2ωt C．e＝2Emsin 4ωtD．e＝4Emsin 2ωt

9.遠(yuǎn)距離輸電的原理如圖所示，升壓變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，輸電線(xiàn)上的電阻為R，變壓器為理想變壓器，則下列關(guān)系式中正確的是()A．＝

B．I2＝

C．I1U1＝IR D．I1U1＝I2U2

10.下列選項(xiàng)中哪個(gè)不是交流電的有效值()A． 交流電壓表的讀數(shù) B． 保險(xiǎn)絲的熔斷電流 C． 電容器的擊穿電壓 D． 電動(dòng)機(jī)銘牌上的額定電壓

二、多選題(共4小題,每小題4.0分,共16分)11.(多選)如圖a所示，圓形線(xiàn)圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線(xiàn)管Q，P和Q共軸，Q中通有變化電流i，電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖b所示．P所受的重力為G，桌面對(duì)P的支持力為FN，則

()

A．t1時(shí)刻FN＞G，P有收縮的趨勢(shì)．

B．t2時(shí)刻FN＝G，此時(shí)穿過(guò)P的磁通量最大． C．t3時(shí)刻FN＝G，此時(shí)P中無(wú)感應(yīng)電流． D．t4時(shí)刻FN＜G，此時(shí)穿過(guò)P的磁通量最小．

12.(多選)某學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)了一種發(fā)電裝置如圖甲所示，圖乙為其俯視圖．將8塊外形相同的磁鐵交錯(cuò)放置組合成一個(gè)高h(yuǎn)＝0.5 m、半徑r＝0.2 m的圓柱體，其可繞固定軸OO'逆時(shí)針(俯視)轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度ω＝100 rad/s.設(shè)圓柱外側(cè)附近每個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B＝0.2 T、方向都垂直于圓柱體側(cè)表面．緊靠圓柱體外側(cè)固定一根與其等高、電阻為R1＝0.5 Ω的細(xì)金屬桿ab，桿與軸OO′平行．圖丙中阻值R＝1.5 Ω的電阻與理想電流表A串聯(lián)后接在桿a、b兩端．下列說(shuō)法正確的是()

A． 電流表A的示數(shù)約為1.41 A B． 桿ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝2 V C． 電阻R消耗的電功率為2 W D． 在圓柱體轉(zhuǎn)過(guò)一周的時(shí)間內(nèi)，流過(guò)電流表A的總電荷量為零

13.(多選)如圖甲、乙兩圖是電子技術(shù)中的常用電路，a、b是各部分電路的輸入端，其中輸入的交流高頻成分用“～～～”表示，交流低頻成分用“～”表示，直流成分用“—”表示．關(guān)于兩圖中負(fù)載電阻R上得到的電流特征是()

A． 圖甲中R得到的是交流成分 B． 圖甲中R得到的是直流成分 C． 圖乙中R得到的是低頻成分 D． 圖乙中R得到的是高頻成分

14.(多選)如圖甲所示，理想變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為20∶1，R1＝10 Ω，R2＝20 Ω，電容器電容C＝100 μF.已知電阻R1兩端的正弦交流電壓如圖乙所示，則()

A． 原線(xiàn)圈輸入電壓的最大值為400 V B． 交流電的頻率為100 Hz C． 電容器所帶電荷量恒為2×10C D． 電阻R1消耗的電功率為20 W

分卷II

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3三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題,共15分)15.用螺旋測(cè)微器測(cè)某一圓柱體直徑，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為 mm；用游標(biāo)卡尺測(cè)量某工件的外徑時(shí)，示數(shù)如圖乙所示，則讀數(shù)為 mm．

16.要測(cè)繪額定電壓為2 V的日常用小電珠的伏安特性曲線(xiàn)，所供選擇的器材除了導(dǎo)線(xiàn)和開(kāi)關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇： A．電源E（電動(dòng)勢(shì)3.0 V，內(nèi)阻可不計(jì)）B．電壓表V1(量程為0~3.0 V，內(nèi)阻約2 kΩ)C．電壓表V2(0~15.0 V，內(nèi)阻約6 kΩ D．電流表A1(0~0.6 A，內(nèi)阻約1 Ω)E．電流表A2(0~100 mA，內(nèi)阻約2 Ω)F．滑動(dòng)變阻器R1（最大值10 Ω）G．滑動(dòng)變阻器R2（最大值2 kΩ）

（1）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇，電流表應(yīng)選擇，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇.（填各器材的序號(hào)）

（2）為提高實(shí)驗(yàn)精度，請(qǐng)你設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，并畫(huà)在下面的虛線(xiàn)框中.（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得一組數(shù)據(jù)如下表所示，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線(xiàn)。

（4）該小電珠的額定功率是。

四、計(jì)算題

17.如圖所示，一根電阻為R＝12 Ω的電阻絲做成一個(gè)半徑為r＝1 m的圓形導(dǎo)線(xiàn)框，豎直放置在水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線(xiàn)框平面與磁場(chǎng)方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝0.2 T．現(xiàn)有一根質(zhì)量為m＝0.1 kg、電阻不計(jì)的導(dǎo)體棒，自圓形導(dǎo)線(xiàn)框最高點(diǎn)由靜止起沿線(xiàn)框下落，在下落過(guò)程中始終與線(xiàn)框良好接觸，已知下落距離為時(shí)，棒的速度大小為v1＝m/s，下落到經(jīng)過(guò)圓心時(shí)棒的速度大小為v2＝m/s，試求：(取g＝10 m/s2)(1)畫(huà)出下落距離為時(shí)的等效電路圖，并求出此時(shí)棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大?。?/p>

(2)下落距離為時(shí)棒的加速度的大??；

(3)從開(kāi)始下落到經(jīng)過(guò)圓心過(guò)程中棒克服安培力做的功及線(xiàn)框中產(chǎn)生的熱量．

18.水平放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌ad和bc，導(dǎo)軌兩端a、b和c、d兩點(diǎn)分別連接電阻R1和R2，組成矩形線(xiàn)框，如圖所示，ad和bc相距L＝0.5 m，放在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝1 T，一根電阻為0.2 Ω的導(dǎo)體棒PQ跨接在兩根金屬導(dǎo)軌上，在外力作用下以4 m/s的速度，向右勻速運(yùn)動(dòng)，如果電阻R1＝0.3 Ω，R2＝0.6 Ω，導(dǎo)軌ad和bc的電阻不計(jì)，導(dǎo)體與導(dǎo)軌接觸良好．求：

(1)導(dǎo)體棒PQ中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小；(2)導(dǎo)體棒PQ上感應(yīng)電流的方向；

(3)導(dǎo)體棒PQ向右勻速滑動(dòng)的過(guò)程中，外力做功的功率．

19.如圖所示是一種自行車(chē)上照明用的車(chē)頭燈發(fā)電機(jī)的結(jié)構(gòu)示意圖，轉(zhuǎn)軸的一端裝有一對(duì)隨軸轉(zhuǎn)動(dòng)的磁極，另一端裝有摩擦小輪．電樞線(xiàn)圈繞在固定的U形鐵芯上，自行車(chē)車(chē)輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，通過(guò)摩擦小輪帶動(dòng)磁極轉(zhuǎn)動(dòng)，使線(xiàn)圈中產(chǎn)生正弦交流電，給車(chē)頭燈供電．已知自行車(chē)車(chē)輪半徑r＝35 cm，摩擦小輪半徑r0＝1.00 cm，線(xiàn)圈匝數(shù)N＝800，線(xiàn)圈橫截面積S＝20 cm，總電阻R1＝40 Ω，旋轉(zhuǎn)磁極的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.01 T，車(chē)頭燈電阻R2＝10 Ω.當(dāng)車(chē)輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω＝8 rad/s時(shí)，求：(1)發(fā)電機(jī)磁極轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；(2)車(chē)頭燈中電流的有效值．

20人們利用發(fā)電機(jī)把天然存在的各種形式的能(水能、風(fēng)能、煤燃燒的化學(xué)能等)轉(zhuǎn)化為電能，為了合理地利用這些能源，發(fā)電站要修建在靠近這些天然資源的地方，但是用電的地方往往很遠(yuǎn)，因此，就需要高壓輸送線(xiàn)路把電能輸送到遠(yuǎn)方．如果某發(fā)電站將U＝5 000 V的電壓直接地加在高壓輸送線(xiàn)路的輸入端，向遠(yuǎn)方供電，且輸送的電功率為P＝300 kW.則此時(shí)安裝在高壓輸送線(xiàn)路的入端和終端的電能表一晝夜讀數(shù)就相差ΔE＝2 400 kW·h(1 kW·h＝1度電)．求：

(1)此種情況下，高壓線(xiàn)路的終端功率和輸電效率．

2(2)若要使此高壓輸電線(xiàn)路的輸電效率為97%，則在發(fā)電站處應(yīng)安裝一個(gè)變壓比壓器？

是多少的變

答案解析

1.【答案】B 【解析】牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許測(cè)出了萬(wàn)有引力常量G；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律；伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．故選B.2.【答案】A 【解析】由楞次定律可得開(kāi)始時(shí)電流方向?yàn)檎€(xiàn)框勻速運(yùn)動(dòng)，電動(dòng)勢(shì)均勻變化，而回路電阻不變，所以電流在每個(gè)單調(diào)變化時(shí)間內(nèi)呈線(xiàn)性變化．所以A正確，B錯(cuò)誤；因?yàn)榫€(xiàn)框勻速運(yùn)動(dòng)，由能量守恒知，外力的功率與線(xiàn)框中電流的電功率大小相等，因回路電阻不變，而電流線(xiàn)性變化，所以功率是非線(xiàn)性變化的，所以C、D均錯(cuò)誤． 3.【答案】D 【解析】渦流就是整個(gè)金屬塊中產(chǎn)生的感應(yīng)電流，所以產(chǎn)生渦流的條件就是在金屬塊中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，即穿過(guò)金屬塊的磁通量發(fā)生變化．而A、B、C中磁通量不變化，所以A、B、C錯(cuò)誤；把金屬塊放在變化的磁場(chǎng)中時(shí)，穿過(guò)金屬塊的磁通量發(fā)生了變化，有渦流產(chǎn)生，所以D正確． 4.【答案】A 【解析】雙線(xiàn)繞成的線(xiàn)圈由于兩導(dǎo)線(xiàn)產(chǎn)生的磁通量相互抵消，不會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，所以磁鐵將做自由落體運(yùn)動(dòng)．故選A.5.【答案】D 【解析】根據(jù)右手螺旋定則可得，A中電流的磁場(chǎng)向里且逐漸增大，根據(jù)楞次定律可得，磁場(chǎng)增大，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向外，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，線(xiàn)框A外的磁場(chǎng)的方向與線(xiàn)框A內(nèi)的磁場(chǎng)的方向相反，當(dāng)線(xiàn)框A內(nèi)的磁場(chǎng)增強(qiáng)時(shí)，線(xiàn)框B具有面積擴(kuò)展的趨勢(shì)，故D正確． 6.【答案】A 【解析】原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為n，且電流表讀數(shù)為I，則原線(xiàn)圈的電流為，故A正確．電動(dòng)機(jī)消耗的功率與原線(xiàn)圈的輸入功率相同，為，B、D錯(cuò)誤．電動(dòng)機(jī)電路屬于非純電阻電路，則歐姆定律不適用，因此電動(dòng)機(jī)兩端的電壓不能為IR，故C錯(cuò)誤． 7.【答案】B 【解析】由題圖乙可知該正弦交變電動(dòng)勢(shì)的電壓最大值為311 V，周期等于0.02 s，因此，根據(jù)正弦交變電動(dòng)勢(shì)的最大值與有效值之間的關(guān)系式U＝率f＝50 Hz，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；當(dāng)t＝0.005 s時(shí)，e＝n得知選項(xiàng)C錯(cuò)誤；又f＝，則頻

＝311 V，取得最大值，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化率最大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)t＝0.01 s時(shí)，交變電壓及電流方向發(fā)生改變，電壓值最小等于零，線(xiàn)框平面與中性面重合，選項(xiàng)B正確． 8.【答案】B 【解析】根據(jù)公式Em＝NBSω可得交流電的最大值變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，根據(jù)公式ω＝2πn可得角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：e＝2Emsin 2ωt，故選B.9.【答案】D，故A錯(cuò)誤；因U2、I2、R不滿(mǎn)足歐【解析】升壓變壓器電流之比等于匝數(shù)的反比，即＝姆定律公式中物理量之間的對(duì)應(yīng)關(guān)系，故B錯(cuò)誤；升壓變壓器輸出的功率等于導(dǎo)線(xiàn)上消耗的功率及降壓變壓器消耗的功率之和，故C錯(cuò)誤；理想變壓器輸入功率等于輸出功率，I1U1＝I2U2，故D正確． 10.【答案】C 【解析】交流電壓表測(cè)量的是交流電的有效電壓，保險(xiǎn)絲的熔斷電流指有效電流，電動(dòng)機(jī)銘牌上的額定電壓也是指有效電壓，電容器的擊穿電壓，指最大電壓，故選C.11.【答案】AB 【解析】t1時(shí)刻螺線(xiàn)管中電流增大，其形成的磁場(chǎng)不斷增強(qiáng)，因此線(xiàn)圈P中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知線(xiàn)圈P將阻礙其磁通量的增大，故線(xiàn)圈有遠(yuǎn)離和面積收縮的趨勢(shì)，因此此時(shí)FN＞G，故A正確；當(dāng)螺線(xiàn)管中電流不變時(shí)，其形成磁場(chǎng)不變，線(xiàn)圈P中的磁通量不變，因此磁鐵線(xiàn)圈中無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，故t2時(shí)刻FN＝G，此時(shí)穿過(guò)P的磁通量最大，故B正確，D錯(cuò)誤；t3時(shí)刻螺線(xiàn)管中電流為零，但是線(xiàn)圈P中磁通量是變化的，因此此時(shí)線(xiàn)圈中有感應(yīng)電流，且此時(shí)，線(xiàn)圈中磁通量有增大趨勢(shì)，故線(xiàn)圈有遠(yuǎn)離和面積收縮的趨勢(shì)，因此此時(shí)FN＞G，故C錯(cuò)誤． 12.【答案】BD 【解析】導(dǎo)體切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝Bhv，又v＝ωr；解得E＝2 V；由于ab桿中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E的大小保持不變，所以桿ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝2 V，則電流表A的示數(shù)為I＝＝

＝1 A．故A錯(cuò)誤，B正確．電阻R消耗的電功率為P＝I2R＝12×1.5 W＝1.5 W，故C錯(cuò)誤．由楞次定律判斷可知，通過(guò)電流表的電流方向周期性變化，在一個(gè)周期內(nèi)兩種方向通過(guò)電流表的電量相等，所以在圓柱體轉(zhuǎn)過(guò)一周的時(shí)間內(nèi)，流過(guò)電流表A的總電荷量為零．故D正確．故選B、D.13.【答案】AC 【解析】當(dāng)交變電流加在電容器上時(shí)，有“通交流，隔直流，通高頻、阻低頻”的特性，甲圖中電容器隔直流，R得到的是交流成分，A正確，B錯(cuò)誤；乙圖中電容器能通過(guò)交流高頻成分，阻礙交流低頻成分，R得到的是低頻成分，C正確，D錯(cuò)誤． 14【答案】AD 【解析】由題圖乙可知變壓器輸出的電壓最大值為20 V，變壓器原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比為20∶1，根據(jù)公式＝，可得原線(xiàn)圈輸入電壓的最大值為400 V，A正確；副線(xiàn)圈交流電的周期為0.02 s，頻率為50 Hz，原、副線(xiàn)圈交流電的頻率一致，B不正確；電容器所帶電荷量為Q＝CU≈1.414×10－3C，C不正確；R1消耗的電功率P＝

＝20 W，D正確．

15.【答案】3.550 11.50 【解析】1.螺旋測(cè)微器的固定刻度為3.5 mm，可動(dòng)刻度為5×0.010 mm=0.050 mm，所以最終讀數(shù)為3.5 mm+0.050 mm=3.550 mm．

2.游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：1.1 cm=11 mm，游標(biāo)尺上第10個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為10×0.05 mm=0.50 mm，所以最終讀數(shù)為：11 mm+0.50 mm=11.50 mm． 16.【答案】（1）B D F（2）電路圖如圖所示

（3）如圖所示

（4）1.00 W 【解析】（1）由題意小燈泡額定電壓為2 V，額定電流為0.5 A，故電壓表應(yīng)選B，電流表應(yīng)選D，又描繪伏安特性曲線(xiàn)要求電流從零調(diào)，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器F．

（2）由于小電珠電珠較小，滿(mǎn)足電路圖如圖所示：，電流表應(yīng)用外接法，又變阻器應(yīng)采用分壓式接法，（3）小電珠的伏安特性曲線(xiàn)如圖所示：

（4）由圖可知，當(dāng)電壓為2 V，電流為0.5 A；則功率

17.【答案】(1)等效電路圖見(jiàn)解析圖 0.92 V(2)8.8 m/s2(3)0.44 J 0.44 J 【解析】(1)等效電路圖如圖．

導(dǎo)體棒下落時(shí)，外電路的電阻并聯(lián)后總電阻為R外＝＝R，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝B·2r·cos 30°·v1≈0.92 V(2)F安＝BI·2rcos 30°＝B·

·2rcos 30°，而a＝＝g－＝8.8 m/s2.(3)由開(kāi)始下落到經(jīng)過(guò)圓心，應(yīng)用動(dòng)能定理有mgr－W安＝mv－0，故克服安培力做的功W＝－W安＝mgr－mv≈0.44 J 所以Q＝W＝0.44 J.18.【答案】(1)5 A(2)Q→P(3)10 W 【解析】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E＝BLv＝1×0.5×4.0 V＝2 V，又R外＝＝Ω＝0.2 Ω，則I＝＝A＝5 A(2)根據(jù)右手定則判定電流方向Q→P.(3)F＝F安＝BIL＝1×5×0.5 N＝2.5 N, P＝F·v＝2.5×4 W＝10 W.19.【答案】(1)280 rad/s(2)0.064 A 【解析】(1)旋轉(zhuǎn)磁極與摩擦小輪轉(zhuǎn)動(dòng)的線(xiàn)速度相等，由于自行車(chē)車(chē)輪與摩擦小輪之間無(wú)相對(duì)滑動(dòng)．

故有ω0r0＝ωr，ω0＝＝8×rad/s＝280 rad/s.(2)摩擦小輪帶動(dòng)旋轉(zhuǎn)磁極轉(zhuǎn)動(dòng)，線(xiàn)圈中產(chǎn)生正弦交流電動(dòng)勢(shì)，其最大值為Em＝NBSω0＝800×0.01×20×10－4×280 V＝4.48 V，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E＝

＝V≈3.2 V，通過(guò)燈泡的電流有效值I＝＝A＝0.064 A.20.【答案】(1)200 kW 66.7%(2)＝

【解析】(1)此情況下，終端功率

P′＝P－＝300 kW－＝200 kW.所以輸電效率：η＝＝×100%＝66.7%.(2)設(shè)高壓輸送線(xiàn)路的導(dǎo)線(xiàn)電阻為r，由題意知：原來(lái)線(xiàn)路損耗P損1＝Ir＝100 kW，而UI1＝P，現(xiàn)在線(xiàn)路損耗：P損2＝P×(1－97%)＝Ir＝9 kW，而U′I2＝P，＝，解得：＝.

第二篇：云南省昭通市綏江一中2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題 含答案

云南省昭通市綏江縣一中2017-2018學(xué)年下學(xué)期期中考試

高二物理

本試卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷兩部分，共100分，考試時(shí)間120分鐘。學(xué)校：___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________

分卷I

一、單選題(共12小題,每小題3.0分,共36分)

二、1.夏天由于用電器的增多，每年都會(huì)出現(xiàn)“用電荒”，只好拉閘限電．若某發(fā)電站在供電過(guò)程中，用電高峰時(shí)輸電的功率是正常供電的2倍，輸電線(xiàn)電阻不變，下列說(shuō)法正確的是()A． 若輸送電壓不變，則用電高峰時(shí)輸電電流為正常供電時(shí)的2倍 B． 若輸送電壓不變，則用電高峰時(shí)輸電線(xiàn)損失的功率為正常供電時(shí)的2倍

C． 若用電高峰時(shí)的輸電電壓變?yōu)檎９╇姷?倍，則此時(shí)輸電電流為正常供電時(shí)的4倍 D． 若用電高峰時(shí)的輸電電壓變?yōu)檎９╇姷?倍，則此時(shí)輸電線(xiàn)損失的功率為正常供電時(shí)的4倍

2.如圖，導(dǎo)體棒ab兩個(gè)端點(diǎn)分別搭接在兩個(gè)豎直放置、電阻不計(jì)、半徑相等的金屬圓環(huán)上，圓環(huán)通過(guò)電刷與導(dǎo)線(xiàn)c、d相接．c、d兩個(gè)端點(diǎn)接在匝數(shù)比n1∶n2＝10∶1的理想變壓器原線(xiàn)圈兩端，變壓器副線(xiàn)圈接一滑動(dòng)變阻器，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向下，導(dǎo)體棒ab長(zhǎng)為L(zhǎng)(電阻不計(jì))，繞與ab平行的水平軸(也是兩圓環(huán)的中心軸)OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．如果變阻器的阻值為R時(shí)，通過(guò)電流表的電流為I，則()

A． 變阻器上消耗的功率為P＝10I2R B．a(chǎn)b沿環(huán)轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中受到的最大安培力F＝BIL

Isinωt C． 取ab在環(huán)的最低端時(shí)t＝0，則棒ab中感應(yīng)電流的表達(dá)式是i＝D． 變壓器原線(xiàn)圈兩端的電壓U1＝10IR

3.如圖所示，閉合導(dǎo)線(xiàn)框abcd的質(zhì)量可以忽略不計(jì)，將它從圖中所示的位置勻速拉出勻強(qiáng)磁場(chǎng)．若第一次用0.3 s時(shí)間拉出，拉動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)線(xiàn)ab所受安培力為F1，通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面的電荷量為q1；第二次用0.9 s時(shí)間拉出，拉動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)線(xiàn)ab所受安培力為F2，通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面的電荷量為q2，則()

A．F1＜F2，q1＜q2 B．F1＜F2，q1＝q2 C．F1＝F2，q1＜q2 D．F1＞F2，q1＝q2

4.如圖所示，L1和L2是高壓輸電線(xiàn)，甲、乙是兩只互感器，若已知n1∶n2＝1 000∶1，n3∶n4＝1∶100，圖中電壓表示數(shù)為220 V、電流表示數(shù)為10 A，則高壓輸電線(xiàn)的送電功率為()

A． 2.2×10WB． 2.2×10WC． 2.2×10WD． 2.2×10W 5.如圖，電燈的燈絲電阻為3 Ω，電池電動(dòng)勢(shì)為2 V，內(nèi)阻不計(jì)，線(xiàn)圈匝數(shù)足夠多，其直流電阻小于燈絲電阻．先合上開(kāi)關(guān)K，穩(wěn)定后突然斷開(kāi)K，則下列說(shuō)法正確的是()3－284

A． 電燈立即變暗再熄滅，且電燈中電流方向與K斷開(kāi)前方向相同 B． 電燈立即變暗再熄滅，且電燈中電流方向與K斷開(kāi)前方向相反

C． 電燈會(huì)突然比原來(lái)亮一下再熄滅，且電燈中電流方向與K斷開(kāi)前方向相同 D． 電燈會(huì)突然比原來(lái)亮一下再熄滅，且電燈中電流方向與K斷開(kāi)前方向相反 6.由法拉第電磁感應(yīng)定律公式E＝

可知()A． 穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量Φ越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E一定越大 B． 穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量改變量ΔΦ越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E一定越大

越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E一定越大 C． 穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化率D． 穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量發(fā)生變化的時(shí)間Δt越小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E一定越大

7.如圖所示，一個(gè)匝數(shù)為10的矩形線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，周期為T(mén).若把萬(wàn)用電表的選擇開(kāi)關(guān)撥到交流電壓擋，測(cè)得A、B兩點(diǎn)間的電壓為20 V，則可知：從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，當(dāng)t＝時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量的變化率約為()

A． 1.41 Wb/s B． 2.0 Wb/s C． 14.1 Wb/s D． 20.0 Wb/s 8.如圖甲所示，一面積為S的矩形導(dǎo)線(xiàn)框abcd，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向與ad邊垂直并與線(xiàn)框平面成45°角，O、O′分別是ab和cd邊的中點(diǎn)．現(xiàn)將線(xiàn)框右半邊ObcO′繞OO′逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)90°到圖乙所示位置，下列判斷正確的是()

A． 在圖甲位置時(shí)線(xiàn)圈中的磁通量是BS B． 在圖乙位置時(shí)線(xiàn)圈中的磁通量是BS

C． 由圖甲位置到圖乙位置線(xiàn)圈中的磁通量變化了BS

D． 由圖甲位置到圖乙位置線(xiàn)圈中的磁通量變化了BS

9.圖甲所示的變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為3∶1，圖乙是該變壓器cd輸入端交變電壓u的圖象，L1、L2、L3、L4為四只規(guī)格均為“9 V,6 W”的相同燈泡，各電表均為理想交流電表．以下說(shuō)法正確的是()

A．a(chǎn)b輸入端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為Uab＝27B．a(chǎn)b輸入端輸入功率Pab＝18 W

sin 100πt(V)C． 電流表的示數(shù)為2 A，且四只燈泡均能正常發(fā)光 D． 斷開(kāi)K，電壓表V讀數(shù)將變小

10.一交流發(fā)電機(jī)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e＝Emsinωt，如將線(xiàn)圈的匝數(shù)增加一倍，電樞的轉(zhuǎn)速也增加一倍，其他條件不變，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式將變?yōu)?)A．e′＝2Emsin 2ωtB．e′＝2Emsin 4ωt C．e′＝4Emsin 2ωtD．e′＝4Emsin 4ωt

11.如圖所示，一根條形磁鐵自左向右穿過(guò)一個(gè)閉合螺線(xiàn)管，則電路中()

A． 始終有感應(yīng)電流自a向b流過(guò)電流表G B． 始終有感應(yīng)電流自b向a流過(guò)電流表G C． 先有a→G→b方向的感應(yīng)電流，后有b→G→a方向的感應(yīng)電流 D． 將不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流

12.如圖，在一水平、固定的閉合導(dǎo)體圓環(huán)上方．有一條形磁鐵(N極朝上，S極朝下)由靜止開(kāi)始下落，磁鐵從圓環(huán)中穿過(guò)且不與圓環(huán)接觸，關(guān)于圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向(從上向下看)，下列說(shuō)法正確的是()A． 總是順時(shí)針 B． 總是逆時(shí)針 C． 先順時(shí)針后逆時(shí)針 D． 先逆時(shí)針后順時(shí)針

二、多選題(共4小題,每小題4.0分,共16分)13.(多選)小型水力發(fā)電站的發(fā)電機(jī)有穩(wěn)定的輸出電壓，它發(fā)出的電先通過(guò)電站附近的升壓變壓器升壓，然后通過(guò)輸電線(xiàn)路把電能輸送到遠(yuǎn)處用戶(hù)附近的降壓變壓器，經(jīng)降低電壓后再輸送至各用戶(hù)．設(shè)變壓器都是理想的，那么在用電高峰期，隨用電器電功率的增加將導(dǎo)致()A． 升壓變壓器初級(jí)線(xiàn)圈中的電流變小 B． 升壓變壓器次級(jí)線(xiàn)圈兩端的電壓變小 C． 高壓輸電線(xiàn)路的電壓損失變大 D． 降壓變壓器次級(jí)線(xiàn)圈兩端的電壓變小

14.單匝線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量Φ隨時(shí)間t的關(guān)系圖象如圖所示，則()A． 在t＝0時(shí)刻，線(xiàn)圈中磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也最大 B． 在t＝1×10－2s時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大 C． 在t＝2×10s時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零

D． 在0～2×10s時(shí)間內(nèi)，線(xiàn)圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值為零

15.(多選)如圖所示，M為半圓形導(dǎo)線(xiàn)框，圓心為OM，N是圓心角為直角的扇形導(dǎo)線(xiàn)框，圓心為ON－2－2，兩導(dǎo)線(xiàn)框在同一豎直面(紙面)內(nèi)；兩圓弧半徑相等，過(guò)直線(xiàn)OMON的水平＝0時(shí)從期T逆時(shí)面上方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面，現(xiàn)使線(xiàn)框M、N在t圖示位置開(kāi)始，分別繞垂直于紙面，且過(guò)OM和ON的軸，以相同的周針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則()A． 兩導(dǎo)線(xiàn)框中均會(huì)產(chǎn)生正弦交流電 B． 兩導(dǎo)線(xiàn)框中感應(yīng)電流的周期都等于T

C． 在t＝時(shí)，兩導(dǎo)線(xiàn)框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等

D． 兩導(dǎo)線(xiàn)框的電阻相等時(shí)，兩導(dǎo)線(xiàn)框中感應(yīng)電流的有效值也相等

16.(多選)如圖甲所示，一矩形閉合線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的轉(zhuǎn)軸OO′以恒定的角速度ω轉(zhuǎn)動(dòng)，從線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的交變電流按照?qǐng)D乙所示的余弦規(guī)律變化，在t＝

時(shí)刻()

A． 線(xiàn)圈中的電流為零B． 穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量為零

C． 線(xiàn)圈所受的安培力為零D． 穿過(guò)線(xiàn)圈磁通量的變化率最大

分卷II

三、計(jì)算題 17.如圖所示，傾角為α的光滑導(dǎo)軌上端接入一定值電阻，Ⅰ和Ⅱ是邊長(zhǎng)都為L(zhǎng)的兩正方形磁場(chǎng)區(qū)域，其區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)方向都垂直于導(dǎo)軌平面向上，區(qū)域Ⅰ中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，恒定不變，區(qū)域Ⅱ中磁場(chǎng)隨時(shí)間按B2＝kt變化，一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿穿過(guò)區(qū)域Ⅰ垂直地跨放在兩導(dǎo)軌上，并恰能保持靜止．試求：

(1)通過(guò)金屬桿的電流大??；(2)定值電阻的阻值為多大？

18.如圖，線(xiàn)框由裸導(dǎo)線(xiàn)組成，cd、ef兩邊豎直放置且相互平行，導(dǎo)體棒ab水平放置并可沿cd、ef無(wú)摩擦滑動(dòng)，導(dǎo)體棒ab所在處為勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2＝2 T，已知ab長(zhǎng)l＝0.1 m，整個(gè)電路總電阻R＝5 Ω.螺線(xiàn)管匝數(shù)n＝4，螺線(xiàn)管橫截面積S＝0.1 m2.在螺線(xiàn)管內(nèi)有圖示方向磁場(chǎng)B1，若＝10 T/s均勻增加時(shí)，導(dǎo)體棒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，試求：(g＝10 m/s2)

(1)通過(guò)導(dǎo)體棒ab的電流大??？(2)導(dǎo)體棒ab質(zhì)量m為多少？

19.其同學(xué)設(shè)計(jì)一個(gè)發(fā)電測(cè)速裝置，工作原理如圖所示．一個(gè)半徑為R＝0.1 m的圓形金屬導(dǎo)軌固定在豎直平面上，一根長(zhǎng)為R的金屬棒OA，A端與導(dǎo)軌接觸良好，O端固定在圓心處的轉(zhuǎn)軸上．轉(zhuǎn)軸的左端有一個(gè)半徑為r＝的圓盤(pán)，圓盤(pán)和金屬棒能隨轉(zhuǎn)軸一起轉(zhuǎn)動(dòng)．圓盤(pán)上繞有不可伸長(zhǎng)的細(xì)線(xiàn)，下端掛著一個(gè)質(zhì)量為m＝0.5 kg的鋁塊．在金屬導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T．a(chǎn)點(diǎn)與導(dǎo)軌相連，b點(diǎn)通過(guò)電刷與O端相連．測(cè)量a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U可算得鋁塊速度．鋁塊由靜止釋放，下落h＝0.3 m時(shí)，測(cè)得U＝0.15 V．(細(xì)線(xiàn)與圓盤(pán)間沒(méi)有滑動(dòng)，金屬棒、導(dǎo)軌、導(dǎo)線(xiàn)及電刷的電阻均不計(jì)，重力加速度g＝10 m/s)．(1)測(cè)U時(shí)，a點(diǎn)相接的是電壓表的“正極”還是“負(fù)極”？(2)求此時(shí)鋁塊的速度大??；

(3)求此下落過(guò)程中鋁塊機(jī)械能的損失．

220.發(fā)電機(jī)的端電壓為220 V，輸出功率44 kW，輸電導(dǎo)線(xiàn)的電阻為0.2 Ω，如果用初、次級(jí)線(xiàn)圈匝數(shù)之比為1∶10的升壓變壓器升壓，經(jīng)輸電線(xiàn)后，再用初、次級(jí)線(xiàn)圈匝數(shù)比為10∶1的降壓變壓器降壓供給用戶(hù)．(1)畫(huà)出全過(guò)程的線(xiàn)路示意圖；(2)求用戶(hù)得到的電壓和功率；

(3)若不經(jīng)過(guò)變壓而直接送到用戶(hù)，求用戶(hù)得到的電壓和功率．

答案解析

1.【答案】A 【解析】由功率P＝UI，A正確，C錯(cuò)誤；P損＝I2R，用電高峰時(shí)，若輸送電壓不變，電流為原來(lái)的2倍，則輸電線(xiàn)損失的功率為正常供電時(shí)的4倍，B錯(cuò)誤；若用電高峰時(shí)的輸電電壓變?yōu)檎９╇姷?倍，則電流不變，輸電線(xiàn)損失的功率與正常供電時(shí)相等，D錯(cuò)誤． 2.【答案】B 【解析】理想變壓器的電流與匝數(shù)成反比，由＝得I2＝10I，變阻器上消耗的功率為P＝IR＝(10I)2R＝100I2R，故A錯(cuò)誤．a(chǎn)b在最低點(diǎn)時(shí)，ab棒與磁場(chǎng)垂直，此時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，感應(yīng)電流最大，最大值為

I，此時(shí)的安培力最大，最大安培力為F＝BIL，故B正確．a(chǎn)b在最低點(diǎn)時(shí)，ab棒與磁場(chǎng)垂直，此時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，感應(yīng)電流最大，所以棒ab中感應(yīng)電流的表達(dá)式應(yīng)為i＝Icosωt，故C錯(cuò)誤．副線(xiàn)圈的電壓為U＝I2R＝10IR，根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)成正比可知，變壓器原線(xiàn)圈兩端的電壓U1＝100IR，故D錯(cuò)誤． 3.【答案】D 【解析】由于線(xiàn)框在兩次拉出過(guò)程中，磁通量的變化量相等，即ΔΦ1＝ΔΦ2，而通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)橫截面的電荷量q＝N，得q1＝q2；由于兩次拉出所用時(shí)間Δt1＜Δt2，則所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1＞E2，閉合回路中的感應(yīng)電流I1＞I2，又安培力F＝BIL，可得F1＞F2，故選項(xiàng)D正確． 4.【答案】C 【解析】由電流互感器知高壓輸電線(xiàn)中電流I＝1 000 A，由電壓互感器知高壓U＝220×10V，則高壓輸電線(xiàn)功率P＝UI＝2.2×10W.5.【答案】D 【解析】突然斷開(kāi)K，線(xiàn)圈將產(chǎn)生自感現(xiàn)象，且與電燈構(gòu)成一閉合回路，此時(shí)通過(guò)電燈的電流向上，與斷開(kāi)前的電流方向相反；因線(xiàn)圈直流電阻比燈泡小，斷開(kāi)前通過(guò)線(xiàn)圈的電流大于通過(guò)燈泡的電流，即電燈會(huì)突然比原來(lái)亮一下再熄滅．D正確，A、B、C錯(cuò)誤．故選D.836.【答案】C 【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知；E＝n，即E與磁通量的變化率成正比，即電動(dòng)勢(shì)取決于磁通量的變化快慢，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 7.【答案】B 【解析】 8.【答案】C 【解析】因?yàn)棣?＝BSsin 45°＝

BS，乙圖中的總磁通為兩部分構(gòu)成，一部分是乙圖背面穿過(guò)的磁通量，另外一部分是乙圖正面穿過(guò)的磁通量，它們大小相等，但是一正一負(fù)，總磁通量Φ2＝0.所以ΔΦ＝

BS，故選C.9.【答案】C 【解析】由輸入端交變電壓u的圖象，可知其最大值為27

V，有效值是27 V，副線(xiàn)圈電壓為：U′＝×U1＝×27＝9 V，所以副線(xiàn)圈三只燈泡均能正常發(fā)光．燈泡的額定電流：I0＝＝A＝A，電流表讀數(shù)為I2＝3×A＝2 A，原線(xiàn)圈電流為I1＝×I2＝×2＝A，所以原線(xiàn)圈的燈泡也能正常發(fā)光，ab輸入端電壓為Uab＝U＋U2＝9＋27＝36 V，輸入端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為Uab＝36sin 100πt(V)，A錯(cuò)誤，C正確．四個(gè)燈泡都正常發(fā)光，所以ab輸入端輸入功率Pab＝4×6＝24 W，故B錯(cuò)誤；若將K斷開(kāi)，則副線(xiàn)圈上的輸出電流將減小，所以原線(xiàn)圈的輸入電流減小，則流過(guò)燈泡L1的電流減小，L1上消耗的電壓減小，所以原線(xiàn)圈上的電壓將增大，即電壓表V讀數(shù)將變大，故D錯(cuò)誤． 10.【答案】C 【解析】e＝Emsinωt＝NBSωsinωt，現(xiàn)N′＝2N，ω′＝2ω，則Em′＝4Em，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式將變?yōu)閑′＝4Emsin 2ωt.11.【答案】C 【解析】條形磁鐵從左邊進(jìn)入螺線(xiàn)管的過(guò)程中，在螺線(xiàn)管內(nèi)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向右，穿過(guò)螺線(xiàn)管的磁通量不斷增加，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向是a→G→b.條形磁鐵從螺線(xiàn)管中向右穿出的過(guò)程中，在螺線(xiàn)管中產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向仍向右，穿過(guò)螺線(xiàn)管的磁通量不斷減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向是b→G→a，故C正確． 12.【答案】C 【解析】磁鐵從圓環(huán)中穿過(guò)且不與圓環(huán)接觸，則導(dǎo)體環(huán)中，先是向上的磁通量增加，磁鐵過(guò)中間以后，向上的磁通量減少，根據(jù)楞次定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電流先順時(shí)針后逆時(shí)針，選項(xiàng)C正確． 13.【答案】CD 【解析】用電器電功率增加導(dǎo)致輸出功率變大，在輸出電壓一定時(shí)，使輸出電流變大，由于ΔU＝IR，所以輸出電流變大導(dǎo)致輸電線(xiàn)路的電壓損失變大，從而導(dǎo)致降壓變壓器初級(jí)線(xiàn)圈電壓變小，次級(jí)線(xiàn)圈電壓也減小，所以選項(xiàng)C、D正確． 14.【答案】BC 【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律知E∝，故t＝0及t＝2×10s時(shí)刻，E＝0，A錯(cuò)，C對(duì)．t－2＝1×10－2s，E最大，B對(duì).0～2×10－2s，ΔΦ≠0，E≠0，D錯(cuò)． 15.【答案】BC 【解析】?jī)蓪?dǎo)線(xiàn)框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；導(dǎo)線(xiàn)框的轉(zhuǎn)動(dòng)周期為T(mén)，則感應(yīng)電流的周期也為T(mén)，選項(xiàng)B正確；在t＝時(shí)，切割磁感線(xiàn)的有效長(zhǎng)度相同，兩導(dǎo)線(xiàn)框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等，選項(xiàng)C正確；M導(dǎo)線(xiàn)框中一直有感應(yīng)電流，N導(dǎo)線(xiàn)框中只有一半時(shí)間內(nèi)有感應(yīng)電流，所以?xún)蓪?dǎo)線(xiàn)框的電阻相等時(shí)，感應(yīng)電流的有效值不相等，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 16.【答案】AC 【解析】在t＝時(shí)刻，即經(jīng)過(guò)周期，由線(xiàn)圈中產(chǎn)生的交變電流圖象可知，電流大小為零，線(xiàn)圈受到的安培力為零，磁通量變化率也為零，但磁通量卻為最大；故選A、C.17.【答案】(1)(2)－r

【解析】(1)對(duì)金屬桿：mgsinα＝B1IL 解得：I＝

(2)E＝＝L2＝kL2

I＝

故：R＝－r＝－r.18.【答案】(1)0.8 A(2)0.016 kg 【解析】(1)螺線(xiàn)管產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：

E＝n＝nS＝4×10×0.1 V＝4 V I＝＝0.8 A(2)ab所受的安培力

F＝B2Il＝2×0.8×0.1 N＝0.16 N 導(dǎo)體棒靜止時(shí)有F＝mg 得m＝0.016 kg.19.【答案】(1)正極(2)2 m/s(3)0.5 J 【解析】(1)由右手定則四指指向由O向A，a接的是電壓表的正極

(2)令A(yù)端速度為v1 則E＝BRv1＝BR2ω 由已知U＝0.15 V代入得

v1＝6 m/s 角速度ω＝60 rad/s 又圓盤(pán)和大圓盤(pán)角速度相等，鋁塊速度v2＝2 m/s(3)ΔE＝mgh－mv ΔE＝1.5－1 J＝0.5 J 20.【答案】(1)

(2)219.6 V 4.392×104W(3)180 V 3.6×104W 【解析】(1)示意圖如下圖所示．

(2)由圖可知，升壓變壓器次級(jí)的輸出電壓U2＝U1＝2 200 V．據(jù)理想變壓器P入＝P出，則升壓變壓器次級(jí)的輸出電流I2＝

＝

A＝20 A，輸電線(xiàn)上的功率損失和電壓損失分

別為

P損＝IR線(xiàn)＝202×0.2 W＝80 W.U損＝ΔU＝IR線(xiàn)＝20×0.2 V＝4 V.所以降壓變壓器初級(jí)上的輸入電壓和電流為 U3＝U2－U損＝2 200 V－4 V＝2 196 V，I3＝I2＝20 A.降壓變壓器次級(jí)的輸出電壓和電流為

U4＝U3＝×2 196 V＝219.6 V，I4＝I3＝10×20 A＝200 A.用戶(hù)得到的功率為P4＝U4·I4＝219.6×200 W＝4.392×10W.(3)若直接用220 V低壓供電，電路如圖所示，則輸電電流I＝＝A＝200 A.輸電線(xiàn)路上的電壓損失ΔU＝IR線(xiàn)＝200×0.2 V＝40 V.所以用戶(hù)得到的電壓U2＝U1－ΔU＝220 V－40 V＝180 V，用戶(hù)得到的功率為P＝U2I＝180×200 W＝3.6×104W.

第三篇：云南省元陽(yáng)一中2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期6月份考試物理試題 含答案

絕密★啟用前

云南省元陽(yáng)一中2017-2018學(xué)年下學(xué)期6月份考試

高二 物理

本試卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷兩部分，共100分，考試時(shí)間120分鐘。

學(xué)校：___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________

分卷I

一、單選題(共10小題,每小題3.0分,共30分)1.如圖甲所示，長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)與閉合金屬線(xiàn)框位于同一平面內(nèi)，長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)中的電流i隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示．在0～時(shí)間內(nèi)，直導(dǎo)線(xiàn)中電流方向向上，則在～T時(shí)間內(nèi)，線(xiàn)框中感應(yīng)電流的方向與所受安培力情況是()

A． 感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，線(xiàn)框受安培力的合力方向向左 B． 感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，線(xiàn)框受安培力的合力方向向右 C． 感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，線(xiàn)框受安培力的合力方向向右 D． 感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，線(xiàn)框受安培力的合力方向向左

2.在圖中直角坐標(biāo)系xOy的一、三象限內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向如圖所示．半徑為l、圓心角為60°的扇形導(dǎo)線(xiàn)框OPQ從圖示位置開(kāi)始以ω＝rad/s的角速度繞O點(diǎn)在xOy平面內(nèi)沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)．則在線(xiàn)框轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中，線(xiàn)框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化關(guān)系大致是下列圖中的(設(shè)沿OPQ的電動(dòng)勢(shì)方向?yàn)檎?()A．B．

B．C．D．

3.如圖所示，邊長(zhǎng)為2l的正方形虛線(xiàn)框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)邊長(zhǎng)為l的正方形導(dǎo)線(xiàn)框所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線(xiàn)框的一條對(duì)角線(xiàn)和虛線(xiàn)框的一條對(duì)角線(xiàn)恰好在同一直線(xiàn)上．從t＝0開(kāi)始，使導(dǎo)線(xiàn)框從圖示位置開(kāi)始以恒定速度沿對(duì)角線(xiàn)方向移動(dòng)進(jìn)入磁場(chǎng)，直到整個(gè)導(dǎo)線(xiàn)框離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域．用I表示導(dǎo)線(xiàn)框中的感應(yīng)電流(以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎?．則下列表示I－t關(guān)系的圖線(xiàn)中，正確的是()

A．B．C．D．

4.飛機(jī)在一定高度水平飛行時(shí)，由于地磁場(chǎng)的存在，其機(jī)翼就會(huì)切割磁感線(xiàn)，兩機(jī)翼的兩端點(diǎn)之間會(huì)有一定的電勢(shì)差。若飛機(jī)在北半球水平飛行，且地磁場(chǎng)的豎直分量方向豎直向下，則從飛行員的角度看()A． 機(jī)翼左端的電勢(shì)比右端的電勢(shì)低B． 機(jī)翼左端的電勢(shì)比右端的電勢(shì)高 C． 機(jī)翼左端的電勢(shì)與右端的電勢(shì)相等D． 以上情況都有可能

5.兩只相同的白熾燈L1、L2接到如圖所示的電路中，燈L1與電容器串聯(lián)，燈L2與電感器串聯(lián)，當(dāng)a，b處接電壓最大值為Um，頻率為f的正弦式交流電源時(shí)，兩燈都發(fā)光，且亮度相同，更換一個(gè)新的正弦式交流電源后燈L1的亮度大值和頻率可能是()

大于燈L2的亮度，新電源的電壓最A(yù)． 最大值仍為Um，而頻率大于f B． 最大值仍為Um，而頻率小于f C． 最大值小于Um，而頻率仍為f D． 最大值大于Um，而頻率仍為f

6.輸電線(xiàn)路的最大輸電功率與輸送電壓的高低有關(guān)聯(lián)，具體數(shù)據(jù)如下表：

其中特高壓輸電是指輸電電壓為1000 kV及以上的輸電方式．由表中數(shù)據(jù)可以看出，當(dāng)輸送功率較大時(shí)，若輸電電壓較低則需要多組輸電線(xiàn)路同時(shí)輸送才可能完成．現(xiàn)欲將4400 MW電功率輸送相同距離，則用500 kV電壓輸電和1 000 kV電壓輸電，損失的電功率之比約為(若兩種線(xiàn)路電纜材料相同，橫截面積之比為1∶6)()A． 24∶5B． 24∶1C． 5∶3D． 2∶1 7.某用電器接在220 V的交流電路上，當(dāng)交流電壓不變而頻率由50 Hz變?yōu)?0 Hz時(shí)，通過(guò)用電器的電流變大，該用電器可能是()A． 純電阻器件B． 純電感器件C． 純電容器件D． 由電阻和電感組成的器件 8.頻率為50 Hz的交變電流，其電壓u＝120

sinωtV，把它加在激發(fā)電壓、熄滅電壓均為85 V的霓虹燈的兩端，則在半個(gè)周期內(nèi)霓虹燈點(diǎn)亮的時(shí)間是()A．sB．C．sD．s 9.如圖所示，某半導(dǎo)體熱敏電阻的I-U圖線(xiàn)可能是()A．B．C．D．

10.電子秤使用的是()A． 超聲波傳感器B． 溫度傳感器C． 壓力傳感器D． 紅外線(xiàn)傳感器

二、多選題(共4小題,每小題5.0分,共20分)11.如圖所示，閉合金屬導(dǎo)線(xiàn)框放置在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化，下列說(shuō)法正確的是()A． 當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，線(xiàn)框中的感應(yīng)電流可能減小 B． 當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，線(xiàn)框中的感應(yīng)電流一定增大 C． 當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí)，線(xiàn)框中的感應(yīng)電流一定增大 D． 當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí)，線(xiàn)框中的感應(yīng)電流可能不變

12.(多選)如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬桿在水平外力作用下，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中沿水平光滑導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)，如果速度v不變，而將磁感應(yīng)強(qiáng)度由B增為2B.除電阻R外，其它電阻不計(jì)．那么()A． 水平外力將增為4倍 B． 水平外力將增為2倍 C． 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將增為2倍 D． 感應(yīng)電流的熱功率將增為4倍

13.(多選)電阻為1 Ω的單匝矩形線(xiàn)圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，現(xiàn)把交變電流加在電阻為9 Ω的電熱絲上，下列判斷正確的是()A． 線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為100 rad/s B． 在0～0.005 s時(shí)間內(nèi)，通過(guò)電熱絲的電荷量為C C． 電熱絲兩端的電壓為180 V D． 電熱絲的發(fā)熱功率為1 800 W 14.(多選)如圖所示，接在照明電路中的自耦變壓器的副線(xiàn)圈上通過(guò)輸電線(xiàn)接有三個(gè)燈泡L1、L2和L3，輸電線(xiàn)的等效電阻為R.當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)一段距離后，下列說(shuō)法正確的是()A． 等效電阻R上消耗的功率變小 B． 三個(gè)燈泡都變暗

C． 原線(xiàn)圈兩端的輸入電壓增大 D． 原線(xiàn)圈中電流表示數(shù)減小

分卷II

三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題,共14分)15.如圖為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置，部分導(dǎo)線(xiàn)已連接．

(1)請(qǐng)用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)將圖中未完成的電路連接好．

(2)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向左偏了一下．將原線(xiàn)圈A迅速拔出副線(xiàn)圈B，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)的指針向________偏；原線(xiàn)圈插入副線(xiàn)圈不動(dòng)，將滑動(dòng)變阻器滑片迅速向右移動(dòng)，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)的指針向________偏．

16.某同學(xué)查閱資料發(fā)現(xiàn)自動(dòng)鉛筆筆芯的電阻隨溫度升高而變小，在實(shí)驗(yàn)室中，他取一段長(zhǎng)為16 cm的自動(dòng)鉛筆筆芯，用多用電表測(cè)量其電阻大約為4 Ω，該同學(xué)要較精確測(cè)量鉛筆芯的電阻，現(xiàn)有下述器材可供先擇： A．電源3 V，內(nèi)阻不計(jì)

B．直流電流表0～3 A（內(nèi)阻0.1 Ω）C．直流電流表0～600 mA（內(nèi)阻0.5 Ω）D．直流電壓表0～3 V（內(nèi)阻3 kΩ）E．直流電壓表0～15 V（內(nèi)阻200 kΩ）F．滑動(dòng)變阻器（10 Ω，1 A）G．滑動(dòng)變阻器（1 kΩ，300 mA）

（1）除開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線(xiàn)外，實(shí)驗(yàn)中要求能夠在電壓表上從零開(kāi)始讀取若干組數(shù)據(jù)，需要選用的器材有：（填寫(xiě)字母代號(hào)）；（2）用線(xiàn)條代替導(dǎo)線(xiàn)，連接實(shí)驗(yàn)電路；

（3）該同學(xué)在下表中記錄了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，請(qǐng)你根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖2方格紙上畫(huà)出了該鉛筆芯的伏安特性曲線(xiàn)：作U﹣I圖上縱軸為U，橫軸為I．

四、計(jì)算題

17.如圖所示，在空中有一水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，區(qū)域的上下邊緣間距為h，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.有一長(zhǎng)度為L(zhǎng)、寬度為b(b

(1)線(xiàn)圈勻速運(yùn)動(dòng)的速率v；

(2)穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的熱量Q；(3)線(xiàn)圈穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域所經(jīng)歷的時(shí)間t.18.如圖所示，電動(dòng)機(jī)牽引一根原來(lái)靜止的、長(zhǎng)L為1 m、質(zhì)量m為0.1 kg的導(dǎo)體棒MN上升，導(dǎo)體棒的電阻R為1 Ω，架在豎直放置的框架上，它們處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B為1 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與框架平面垂直．當(dāng)導(dǎo)體棒上升h＝3.8 m時(shí)，獲得穩(wěn)定的速度，導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的熱量為2 J，電動(dòng)機(jī)牽引棒時(shí)，電壓表、電流表的讀數(shù)分別為7 V、1 A，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r為1 Ω，不計(jì)框架電阻及一切摩擦，求：(g取10 m/s2)(1)棒能達(dá)到的穩(wěn)定速度；

(2)棒從靜止至達(dá)到穩(wěn)定速度所需要的時(shí)間．

19.如圖(a)所示是旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的示意圖，電樞的電阻r＝5 Ω，燈泡電阻R＝95 Ω，圖(b)所示是電樞勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生正弦式交變電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖象．(1)線(xiàn)圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)在什么位置為零？在什么位置最大？(2)電動(dòng)勢(shì)的峰值、周期和頻率各多少？(3)寫(xiě)出電流的瞬時(shí)值表達(dá)式？(4)電壓表和電流表的讀數(shù)各是多少？

答案解析

1.【答案】C 【解析】在～T時(shí)間內(nèi)，直導(dǎo)線(xiàn)中的電流方向向下增大，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量垂直紙面向外增加，由楞次定律知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，由左手定則可知線(xiàn)框所受安培力的合力方向向右，所以C正確． 2.【答案】B 【解析】考查楞次定律，法拉第電磁感應(yīng)定律．在線(xiàn)框轉(zhuǎn)過(guò)，即1 s內(nèi)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向沿OQP，為負(fù)，A、D錯(cuò)誤；在1.5～2.5 s內(nèi)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向沿OPQ，為正，B正確，C 錯(cuò)誤． 3.【答案】D 【解析】導(dǎo)線(xiàn)框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A、B均錯(cuò)誤．線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程，有效切割長(zhǎng)度L均勻增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E均勻增大，感應(yīng)電流I均勻增大．穿出磁場(chǎng)過(guò)程，有效切割長(zhǎng)度L均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E均勻減小，感應(yīng)電流I均勻減小，兩個(gè)過(guò)程電流方向相反．故C錯(cuò)誤，D正確． 4.【答案】B 【解析】當(dāng)飛機(jī)在北半球水平飛行時(shí)，由于地磁場(chǎng)的存在，且地磁場(chǎng)的豎直分量方向豎直向下，則由右手定則可判定機(jī)翼左端的電勢(shì)比右端的電勢(shì)高．若構(gòu)成閉合電路則電流方向由機(jī)翼的右端流向左端，而機(jī)翼切割磁感線(xiàn)相當(dāng)于電源，所以電源內(nèi)部電流由負(fù)極流向正極．故選B.5.【答案】A 【解析】燈L1的亮度大于L2的亮度，這是因?yàn)榻涣麟婎l率增大，容抗減小，L1變亮；又頻率增大，感抗增大，L2變暗． 6.【答案】A 【解析】根據(jù)電阻定律，R＝ρ，電阻與橫截面積成反比，所以電阻之比為6∶1輸送功率P＝UI，根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知，輸送電流之比為2∶5，用500 kV的電壓輸電，最大功率為881 MW，損失功率P＝Ir，則損失的電功率之比約為

2＝.7.【答案】C 【解析】當(dāng)交流電的頻率增大時(shí)，電路中的電流變大，表示用電器對(duì)電流的阻礙作用變小，電容越大，交流電的頻率越高，電容器對(duì)交流電的阻礙作用越小，容抗就越小，選項(xiàng)C正確．自感系數(shù)越大，交流的頻率越高，線(xiàn)圈的感抗越大，對(duì)交流電的阻礙作用越大，故選項(xiàng)B、D均錯(cuò)誤．純電阻電路中電流的大小與交流的頻率是否變化無(wú)關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤． 8.【答案】C 【解析】該交變電壓的周期T＝

s＝0.02 s，電壓的最大值Um＝120

V≈170 V＝2×85 V.作出交變電壓的u－t圖象如圖所示，由于加在霓虹燈兩端電壓大于85 V時(shí)燈管才發(fā)光，由圖象可知在半個(gè)周期內(nèi)燈管點(diǎn)亮的時(shí)間是Δt＝t2－t1，u＝170sin(2πft)V＝85 V 則2πft1＝，t1＝s 2πft2＝，t2＝s 所以Δt＝t2－t1＝s 即霓虹燈在半個(gè)周期內(nèi)被點(diǎn)亮的時(shí)間為s.9.【答案】B 【解析】 10.【答案】C 【解析】根據(jù)電子秤的工作原理，可知當(dāng)電子秤受到壓力的作用時(shí)，會(huì)顯示相應(yīng)的大小，故使用的是壓力傳感器，故C正確． 11.【答案】AD 【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電流的大小取決于磁通量的變化率，與磁感應(yīng)強(qiáng)度的增與減無(wú)關(guān)，選項(xiàng)A、D正確． 12.【答案】ACD 【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律得E＝BLv，B增為2B，則E變?yōu)?E，C正確．又由閉合電路歐姆定律得由于電阻R不變，所以電流I變?yōu)?I，所以F安＝BIL變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，勻速運(yùn)動(dòng)，受力平衡，所以外力變?yōu)?倍，A正確，B錯(cuò)誤．又熱功率P＝IR變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，D正確． 13.【答案】BD 【解析】由題圖知T＝0.02 s，則ω＝

2＝100π rad/s，A錯(cuò)誤；在0～0.005 s內(nèi)，由

Δt＝

＝

＝Em＝NBSω＝NΦmω得Φm＝Wb，故ΔΦ＝Φm＝Wb，則q＝·Δt＝＝C，B正確；電熱絲兩端電壓U＝

·

＝90，C錯(cuò)誤，電熱絲的發(fā)熱功率P＝1 800 W，D正確． 14.【答案】ABD 【解析】當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)一段距離后，原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比增大，使得副線(xiàn)圈電壓減小，副線(xiàn)圈中的電流減小，相應(yīng)的原線(xiàn)圈電流也減小，則等效電阻R上消耗的功率變??；三個(gè)燈泡都變暗；原線(xiàn)圈中電流表示數(shù)減??；原線(xiàn)圈兩端的輸入電壓是不變的，C錯(cuò)誤． 15.【答案】(1)連線(xiàn)如圖：

(2)右 右

【解析】(1)連線(xiàn)如圖；

(2)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向左偏了一下．可知磁通量增加時(shí)指針左偏；將原線(xiàn)圈A迅速拔出副線(xiàn)圈B，則磁通量減小，故電流計(jì)的指針向右偏；原線(xiàn)圈插入副線(xiàn)圈不動(dòng)，將滑動(dòng)變阻器滑片迅速向右移動(dòng)，則A線(xiàn)圈中電流減小，則磁通量減小，故電流計(jì)的指針向 右偏．

16.【答案】（1）ACDF（2）如圖所示

（3）如圖所示

【解析】（1）電源電動(dòng)勢(shì)為3 V，故電壓表選D，最大電流I=A=0.75 A，若選取3 A 量程，則指針偏轉(zhuǎn)不及刻度的，誤差較大，故電流表選C，滑動(dòng)變阻器分壓接法，選取小電阻即可，故選擇器材為：ACDF．

（2）電壓表上從零開(kāi)始讀取，所以選擇滑動(dòng)變阻器分壓接法，被測(cè)電阻為小電阻，電流表用外接，實(shí)物圖如圖：

（3）由描點(diǎn)法可作出筆芯的伏安特性曲線(xiàn)

17.【答案】(1)(2)mg(b＋h)－(3)＋

【解析】(1)線(xiàn)圈勻速穿出磁場(chǎng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E＝BLv

回路中的電流為I＝

此時(shí)線(xiàn)圈受到豎直向上的安培力F＝BIL 由平衡條件得F＝mg 所以v＝

(2)線(xiàn)圈穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中，由功能關(guān)系

mg(b＋h)＝mv2＋Q

所以Q＝mg(b＋h)－

(3)線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中，下邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線(xiàn)圈的速率為0，上邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線(xiàn)圈的速率為v1.當(dāng)其速率為v時(shí)，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律

mg－＝ma

又a＝

整理，得mgΔt－vΔt＝mΔv

求和，得mg(ΣΔt)－(ΣvΔt)＝m(ΣΔv)所以mgt1－b＝mv1

故t1＝＋ 接著線(xiàn)圈在磁場(chǎng)以g勻加速運(yùn)動(dòng)，有t2＝

最后線(xiàn)圈勻速穿出磁場(chǎng)，有t3＝

所以t＝t1＋t2＋t3＝＋

18.【答案】(1)2 m/s(2)1 s 【解析】(1)電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：P出＝UI－Ir＝6 W 電動(dòng)機(jī)的輸出功率就是電動(dòng)機(jī)牽引棒的拉力的功率

2P出＝Fv

當(dāng)棒達(dá)到穩(wěn)定速度時(shí)，F(xiàn)＝mg＋BI′L 感應(yīng)電流I′＝＝

解得穩(wěn)定速度v＝2 m/s.(2)由能量守恒定律得：P出t＝mgh＋mv＋Q 解得t＝1 s.19.【答案】(1)線(xiàn)圈平面與中性面重合位置電動(dòng)勢(shì)為零，與中性面垂直位置電動(dòng)勢(shì)最大．(2)311 V 0.02 s 50 Hz(3)i＝3.11sin100πtA(4)209 V 2.2 A 【解析】

第四篇：內(nèi)蒙古自治區(qū)通遼實(shí)驗(yàn)中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題解析

2017-2018第二學(xué)通遼實(shí)驗(yàn)中學(xué)期中考試高二物理試卷

一、選擇題（本題16小題.1-9題是單項(xiàng)選擇題，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求；10-16題是多項(xiàng)選擇題。）

1.某核反應(yīng)方程為＋→＋X.已知的質(zhì)量為2.0136 u，的質(zhì)量為3.0180 u，的質(zhì)量為4.0026 u，X的質(zhì)量為1.0087 u．則下列說(shuō)法正確的是（）A.X是質(zhì)子，該反應(yīng)釋放能量 B.X是中子，該反應(yīng)釋放能量 C.X是質(zhì)子，該反應(yīng)吸收能量 D.X是中子，該反應(yīng)吸收能量 【答案】B 【解析】由題目所給核反應(yīng)方程式，根據(jù)核反應(yīng)過(guò)程質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒規(guī)律，可得，則X為中子，在該反應(yīng)發(fā)生前反應(yīng)物的總質(zhì)量m1＝2.0136u＋3.0180u＝5.0316u，反應(yīng)后產(chǎn)物總質(zhì)量m2＝4.0026u＋1.0087u＝5.0113u，總質(zhì)量減少，出現(xiàn)了質(zhì)量虧損。根據(jù)愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程可知該反應(yīng)釋放能量，故選項(xiàng)B正確。

2.鈾核裂變時(shí)，對(duì)于產(chǎn)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的重要因素，下列說(shuō)法正確的是（）A.鈾塊的質(zhì)量是重要因素，與體積無(wú)關(guān)

B.為了使鈾235裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)更容易發(fā)生，最好直接利用裂變時(shí)產(chǎn)生的快中子 C.若鈾235的體積超過(guò)它的臨界體積，裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)就能夠發(fā)生 D.裂變能否發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)與鈾塊的質(zhì)量無(wú)關(guān) 【答案】C 【解析】要發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)必須使鈾塊體積(或質(zhì)量)大于臨界體積或臨界質(zhì)量，故A、D錯(cuò)，C對(duì)。鈾235俘獲慢中子發(fā)生裂變的概率大，快中子使鈾235發(fā)生裂變的幾率小，故B錯(cuò)。

3.一個(gè)匝數(shù)為100匝，電阻為0.5Ω的閉合線(xiàn)圈處于某一磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線(xiàn)圈平面，從某時(shí)刻起穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量按圖示規(guī)律變化。則線(xiàn)圈中產(chǎn)生交變電流的有效值為（）A.2A

B.2A

C.6A

D.5A 【答案】A 【解析】0-1s內(nèi)的磁通量變化率為量變化率為熱量，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

； 1-1.2s內(nèi)的磁通，對(duì)一個(gè)定值電阻，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的，得，A正確．，根據(jù)有交流電有效值的定義【點(diǎn)睛】根據(jù)每段時(shí)間內(nèi)磁通量的變化率求出每段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合熱量的公式求出在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量。抓住交流電和直流電在相同時(shí)間內(nèi)、通過(guò)相同電阻，產(chǎn)生相同的熱量，求出電流的有效值． 4.用不同頻率的紫外線(xiàn)分別照射鎢和鋅的表面而產(chǎn)生光電效應(yīng)，可得到光電子最大初動(dòng)能Ek隨入射光頻率v變化的Ek-v圖象，已知鎢的逸出功是3.28eV，鋅的逸出功是3.34eV，若將兩者的圖象分別用實(shí)線(xiàn)與虛線(xiàn)畫(huà)在同一個(gè)Ek-v圖上，則下圖中正確的是（）

A.B.C.D.【答案】A 【解析】試題分析：根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程的逸出功大于鎢的逸出功，故由，可得圖像的橫截距表示極限頻率，鋅，可知鋅的極限頻率大于鎢的極限頻率，即鋅的橫截距大于鎢的橫截距，斜率表示普朗克常量h，所以?xún)蓤D線(xiàn)是平行的，故A正確； 考點(diǎn)：考查了光電效應(yīng)

5.如圖甲所示，閉合開(kāi)關(guān)，用光子能量為2.5eV的一束光照射陰極K，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)不為零．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表讀數(shù)小于0.60V時(shí)，電流表讀數(shù)仍不為零，當(dāng)電壓表讀數(shù)大于或等于0.60V時(shí)，電流表讀數(shù)為零．把電路改為圖乙，當(dāng)電壓表讀數(shù)為2V時(shí)，電子到達(dá)陽(yáng)極時(shí)的最大動(dòng)能為（）

A.0.6eV

B.1.9eV

C.2.6eV

D.4.5eV 【答案】C 【解析】試題分析：給光電管加反向遏止電壓0.6 V時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能恰好等于0.6 eV；當(dāng)給光電管加正向電壓2 V時(shí)，電子到達(dá)陽(yáng)極的最大動(dòng)能應(yīng)等于最大初動(dòng)能加電場(chǎng)力所做的功，即0.6 eV+2 eV=“2.6” eV，選項(xiàng)C正確。

考點(diǎn)：本題考查光電效應(yīng)現(xiàn)象，涉及光電管和反向遏止電壓等知識(shí)。

6.如圖所示是某原子的能級(jí)圖,abc為原子躍遷所發(fā)出的三種波長(zhǎng)的光,已知三種光的波長(zhǎng)分別為、、，則下列關(guān)系式正確的是（）

A.C.B.D.【答案】D 【解析】因?yàn)殄e(cuò)誤；因?yàn)?，那么，知，依?jù)，所以，可知得，結(jié)合，因此，AC，B錯(cuò)誤D正確．

7.圖為一注水的玻璃裝置，玻璃管D、E上端與大氣相通，利用玻璃管C使A、B兩球上部相通，D、C、E三篇與兩球接口處緊密封接。當(dāng)A、B、D的水面高度差如圖所示時(shí)，E管內(nèi)水面相對(duì)B中水面的高度差h應(yīng)等于（）

A.2m B.0.5m C.1m D.1.5m 【答案】D 【解析】試題分析：由圖可知A、B容器內(nèi)相通，氣體壓強(qiáng)相等．玻璃管D、E內(nèi)壓強(qiáng)也相等．大氣壓強(qiáng)加玻璃管內(nèi)液體壓強(qiáng)等于球內(nèi)氣體壓強(qiáng)．故h應(yīng)等于1.5米．故選D． 考點(diǎn)：氣體壓強(qiáng)

【名師點(diǎn)睛】解答此題的關(guān)鍵是明確玻璃管D、E內(nèi)壓強(qiáng)也相等，大氣壓強(qiáng)加玻璃管內(nèi)液體壓強(qiáng)等于球內(nèi)氣體壓強(qiáng)，大氣壓強(qiáng)相等，球內(nèi)氣體壓強(qiáng)相等，液柱高度必然相等，與1米無(wú)關(guān)．不要被1米這個(gè)數(shù)據(jù)所干擾。

8.如圖所示，兩根粗細(xì)相同、兩端開(kāi)口的直玻璃管A和B，豎直插入同一水銀槽中，各用一段水銀柱封閉著一定質(zhì)量同溫度的空氣，空氣柱長(zhǎng)度H1＞H2，水銀柱長(zhǎng)度h1＞h2，今使封閉氣柱降低相同的溫度（大氣壓保持不變），則兩管中氣柱上方水銀柱的運(yùn)動(dòng)情況是（）

A.均向下移動(dòng)，A管移動(dòng)較多 B.均向上移動(dòng)，A管移動(dòng)較多 C.A管向上移動(dòng)，B管向下移動(dòng) D.均向下移動(dòng)，B管移動(dòng)較多 【答案】A 【解析】對(duì)于管內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)可得，對(duì)氣體2也可以有，因?yàn)?，故，解得，封閉氣柱降低相同的溫度，兩部分氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得：，同理，又因?yàn)椋?，所以，故氣柱上方水銀柱均向下移動(dòng)，A管移動(dòng)較多，A正確．

9.一個(gè)敞口的瓶子，放在空氣中，氣溫為27℃．現(xiàn)對(duì)瓶子加熱，由于瓶子中空氣受熱膨脹，一部分空氣被排出．當(dāng)瓶子中空氣溫度上升到57℃時(shí)，瓶中剩余空氣的質(zhì)量是原來(lái)的（）A.B.C.D.【答案】A 【解析】假設(shè)被排出的空氣體積為V，瓶?jī)?nèi)的空氣體積為V0，則，由于瓶中剩余空氣的質(zhì)量與總質(zhì)量之間滿(mǎn)足，所以，A正確．

【點(diǎn)睛】該題中，瓶子中的空氣受熱后有一部分溢出，然后分散在空氣中，體積看似沒(méi)有辦法測(cè)量，但是，我們可以“假設(shè)”可以將這一部分的空氣收集在一個(gè)容器中． 10.以下說(shuō)法中正確的是（）

A.分子間距離為時(shí)，分子間不存在引力和斥力

B.分子間存在的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，但是斥力比引力減小的更快 C.懸浮在液體中的微粒足夠小，來(lái)自各個(gè)方向的液體分子撞擊的不平衡性使微粒的運(yùn)動(dòng)無(wú)規(guī)則 D.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積 【答案】BC 【解析】分子間存在的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，但是斥力比引力減小的更快，當(dāng)分子間距離為時(shí)，分子間引力和斥力仍然存在，只不過(guò)引力和斥力大小相等、方向相反而已，A錯(cuò)誤B正確；懸浮在液體中的微粒做布朗運(yùn)動(dòng)，微粒足夠小時(shí)，表面積小，同一時(shí)刻撞擊微粒的液體分子數(shù)，來(lái)自各個(gè)方向的液體分子的撞擊越不平衡性，由于這種撞擊是無(wú)規(guī)則的，從而導(dǎo)致微粒的運(yùn)動(dòng)無(wú)規(guī)則，C正確；由于氣體分子間距較大，不能忽略，知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，只能求出氣體分子占據(jù)的空間大小，不能求出氣體分子的體積，D錯(cuò)誤．

11.以下有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，正確的是（）

A.紫外線(xiàn)照射到金屬鋅板表面時(shí)能夠發(fā)生光電效應(yīng)，則當(dāng)增大紫外線(xiàn)的照射強(qiáng)度時(shí)，從鋅板表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能是不變的

B.太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)

C.有10個(gè)放射性元素的原子核，當(dāng)有5個(gè)原子核發(fā)生衰變所需的時(shí)間就是該放射性元素的半衰期 D.核力是強(qiáng)相互作用的一種表現(xiàn)，每個(gè)核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力作用 【答案】ABD 【解析】根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動(dòng)能，與入射光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，A正確；B正確；太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)的聚變反應(yīng)，半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)大量的原子核適用，C錯(cuò)誤；核力是短程力，每個(gè)核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力，D正確．

12.有些建材中的放射性物質(zhì)會(huì)釋放出α、β、γ射線(xiàn)，根據(jù)有關(guān)放射性知識(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.發(fā)生α衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，核內(nèi)質(zhì)量數(shù)減少2 B.發(fā)生β衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，核內(nèi)中子數(shù)減少1 C.β粒子來(lái)自原子中的電子，正如光電效應(yīng)一樣

D.在這三種射線(xiàn)中γ射線(xiàn)的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱 【答案】BD 【解析】粒子為，故發(fā)生衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，核內(nèi)質(zhì)量數(shù)減少4，A錯(cuò)誤；發(fā)生β衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，電荷數(shù)多1，質(zhì)量數(shù)不變，B正確；衰變中產(chǎn)生的射線(xiàn)實(shí)際上是原子核中的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來(lái)，而光電效應(yīng)是核外電子吸收能量發(fā)生躍遷，C錯(cuò)誤；在這三種射線(xiàn)中，射線(xiàn)的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱，D正確．

13.一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子聚變結(jié)合成一個(gè)氘核，同時(shí)輻射一個(gè)γ光子。已知質(zhì)子、中子、氘核的質(zhì)量分別為、，普朗克常量為h，真空中的光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）

+→+γ

+---)A.核反應(yīng)方程是B.聚變反應(yīng)中的質(zhì)量虧損△=C.輻射出的γ光子的能量E=(D.γ光子的波長(zhǎng)λ=h/（【答案】BD +-）c

【解析】一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子聚變結(jié)合成一個(gè)氘核，同時(shí)輻射一個(gè)γ光子，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得核反應(yīng)方程為，A錯(cuò)誤；反應(yīng)前的質(zhì)量減去反應(yīng)后的質(zhì)量，即為質(zhì)量的虧損，即為，B正確；聚變反應(yīng)中虧損的質(zhì)量轉(zhuǎn)化為能量以光子的形式放出，故光子能量為，C錯(cuò)誤；根據(jù)

得光子的波長(zhǎng)為，D正確．

【點(diǎn)睛】該題考查到了原子物理方面的幾個(gè)知識(shí)，要注意到在核反應(yīng)方程中，質(zhì)量數(shù)是電荷數(shù)是守恒的；無(wú)論是重核的裂變還是輕核的聚變，都有質(zhì)量的虧損，是反應(yīng)前的質(zhì)量與反應(yīng)后的質(zhì)量之差；損失的質(zhì)量轉(zhuǎn)化為能量，會(huì)應(yīng)用愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程計(jì)算釋放的能量的大小；知道光子的能量與頻率之間的關(guān)系．

14.某放射性元素的原子核靜止在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)它放出一個(gè)α粒子后，速度方向與磁場(chǎng)圖方向垂直，測(cè)得α粒子和反沖核軌道半徑之比為44 : 1，如圖所示，則（）

A.衰變瞬間，α粒子與反沖核的動(dòng)量大小相等，方向相反 B.衰變瞬間，α粒子與反沖核的動(dòng)能相等 C.放射性元素原子核的核電荷數(shù)為90 D.α粒子和反沖核的速度之比為1 : 88 【答案】AC

學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...15.將甲分子固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O，乙分子位于x軸上．甲、乙分子間作用力與距離關(guān)系的函數(shù)圖象如圖所示．若把乙分子從r3處由靜止釋放，則僅在分子力作用下，（）

A.乙分子從r3到r1過(guò)程中，兩分子的勢(shì)能一直減小 B.乙分子從r3到r1過(guò)程中，兩分子的勢(shì)能先減小后增大 C.乙分子從r3到r1過(guò)程中，乙分子的動(dòng)能先增大后減小 D.乙分子從r3到r1過(guò)程中，乙分子的動(dòng)能一直增大 【答案】AD 【解析】乙分子從到過(guò)程中，分子力表現(xiàn)為引力，分子間距離減小，分子力對(duì)乙做正功，分子勢(shì)能一直減小，根據(jù)動(dòng)能定理判斷可知，乙分子的動(dòng)能一直增大，AD正確． 16.如圖所示，10匝矩形線(xiàn)框在磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直磁場(chǎng)的軸OO′以角速度ω＝100rad/s 勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線(xiàn)框電阻不計(jì)，面積為0.3m2線(xiàn)框通過(guò)滑環(huán)與一理想變壓器的原線(xiàn)圈相連，副線(xiàn)圈接有兩只燈泡(0.3W,30Ω)和，開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)兩燈泡均正常發(fā)光，且原線(xiàn)圈中電流表示數(shù)為0.04A，則下列判斷正確的是（）

A.若從圖示線(xiàn)框位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，線(xiàn)框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為B.理想變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為10∶1 C.燈泡的額定功率為0.9W D.若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電流表示數(shù)將減小 【答案】BCD 【解析】變壓器的輸入電壓的最大值為故線(xiàn)框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為

sin100t(V)，從垂直中性面位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，A錯(cuò)誤；變壓器輸入電壓的有效值為，故，開(kāi)關(guān)閉合時(shí)兩燈泡均正常發(fā)光，所以，B正確；原線(xiàn)圈的輸入功率：副線(xiàn)圈的輸出功率，所以輸入功率也減小，電流表示數(shù)將減小，D正確．，由于原線(xiàn)圈的輸入功率等于，C正確；若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，變壓器輸出功率減小，故二.填空題

17.用油膜法估測(cè)分子直徑的實(shí)驗(yàn)中做了哪些科學(xué)的近似_____ A．把在水面上盡可能擴(kuò)散開(kāi)的油膜視為單分子油膜 B．把形成油膜的分子看做緊密排列的球形分子 C．將油膜視為單分子油膜，但需要考慮分子間隙 D．將油酸分子視為立方體模型 【答案】AB 【解析】試題分析：在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們的實(shí)驗(yàn)依據(jù)是：①油膜是呈單分子分布的；②把油酸分子看成球形；③分子之間沒(méi)有空隙，故選AB 考點(diǎn)：考查了用油膜法估測(cè)分子直徑的實(shí)驗(yàn)

點(diǎn)評(píng)：在用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們做了些理想化處理，認(rèn)為油酸分子之間無(wú)間隙，油酸膜為單層分子． 18.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，用a mL的純油酸配制成b mL的油酸酒精溶液，再用滴管取1 mL油酸酒精溶液，讓其自然滴出，共n滴．現(xiàn)在讓其中一滴落到盛水的淺盤(pán)內(nèi)，待油膜充分展開(kāi)后，測(cè)得油膜的面積為S cm2，則：

（1）估算油酸分子的直徑大小是________cm.（2）用油膜法測(cè)出油酸分子的直徑后，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油滴的________． A．摩爾質(zhì)量

B．摩爾體積

C．質(zhì)量

D．體積 【答案】

(1).(2).B 【解析】試題分析：（1）由題先得到油酸酒精溶液的濃度，求出一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積，由于形成單分子油膜，油膜的厚度等于分子直徑，由

求解分子直徑的大?。?）阿伏加德羅常數(shù)等于油酸的摩爾體積除以一個(gè)分子的體積，列式分析，確定需要知道什么物理量．（1）據(jù)題得：油酸酒精溶液的濃度為，一滴酸酒精溶液的體積為為，則油酸分子的直徑為，一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積（2）設(shè)一個(gè)油酸分子的體積為滴的摩爾體積，B正確．，則，由可知，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油19.如圖所示為“研究一定質(zhì)量氣體在壓強(qiáng)不變的條件下，體積變化與溫度變化關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。粗細(xì)均勻的彎曲玻璃管A臂插入燒瓶，B臂與玻璃管C下部用橡膠管連接，C管開(kāi)口向上，一定質(zhì)量的氣體被封閉于燒瓶?jī)?nèi)。開(kāi)始時(shí)B、C內(nèi)的水銀面等高。

（1）若氣體溫度升高，為使瓶?jī)?nèi)氣體的壓強(qiáng)不變，應(yīng)將C管________(填“向上”或“向下”)移動(dòng)，直至________________。

（2）實(shí)驗(yàn)中多次改變氣體溫度，用Δt表示氣體升高的溫度，用Δh表示B管內(nèi)水銀面高度的改變量。根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出的圖線(xiàn)是下圖中的_________

【答案】

(1).向下

(2).B、C兩管內(nèi)水銀面等高

(3).A

（2）實(shí)驗(yàn)中多次改變氣體溫度，用表示氣體升高的溫度，用

表示B管內(nèi)水銀面高度的改變量．壓強(qiáng)不變時(shí)體積變化與溫度變化的關(guān)系是成正比的，所以根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出的圖線(xiàn)是A． 考點(diǎn)：本題考查了理想氣體狀體方程.視頻

三.計(jì)算題（解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟,只寫(xiě)出最后答案的不能得分,有數(shù)值計(jì)算的題,答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位)20.如圖，一端封閉、粗細(xì)均勻的U形玻璃管開(kāi)口向上豎直放置，管內(nèi)用水銀將一段氣體封閉在管中。當(dāng)溫度為280K時(shí)，被封閉的氣柱長(zhǎng)L=23cm，兩邊水銀柱高度差h=16cm，大氣壓強(qiáng)Po=76cmHg。

（1）由于環(huán)境溫度的升高，致使左端水銀面下降5cm，此時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)為多少？

（2）當(dāng)環(huán)境溫度重新回到280K后，通過(guò)向開(kāi)口端注入水銀，使封閉氣柱長(zhǎng)度變?yōu)?0cm，此時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)是多少？

（3）需向開(kāi)口端注入的水銀柱長(zhǎng)度為多少？ 【答案】（1）70cmHg（2）69cmHg（3）13cm 【解析】（1）因?yàn)樽蠖怂y下降5cm，故右端水銀上升5cm，兩端高度差因?yàn)椋?）因?yàn)闇囟炔蛔?，由玻意耳定律可得?）因?yàn)榻獾霉?，解?/p>

，所以，； ；，【點(diǎn)睛】利用理想氣體狀態(tài)方程解題，關(guān)鍵是正確選取狀態(tài)，明確狀態(tài)參量，尤其是正確求解被封閉氣體的壓強(qiáng)，這是熱學(xué)中的重點(diǎn)知識(shí)，要加強(qiáng)訓(xùn)練，加深理解．本題的一大難點(diǎn)在于高度差的計(jì)算． 21.一根兩端開(kāi)口、粗細(xì)均勻的長(zhǎng)直玻璃管橫截面積為S＝2×10－3m2，豎直插入水面足夠?qū)拸V的水中。管中有一個(gè)質(zhì)量m＝0.6kg的活塞，封閉一段長(zhǎng)度L0＝66cm的氣體，如圖。開(kāi)始時(shí)，活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計(jì)

2105Pa，103kg/m3，活塞與管壁間的摩擦。已知外界大氣壓強(qiáng)Po＝1.0×水的密度ρ＝1.0×重力加速度g=10m/s。求：

（1）開(kāi)始時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)；

（2）現(xiàn)保持管內(nèi)封閉氣體溫度不變，用豎直向上的力F緩慢地拉動(dòng)活塞。當(dāng)活塞上升到某一位置時(shí)停止移動(dòng)，此時(shí)F＝8N，則這時(shí)管內(nèi)外水面高度差為多少；（3）在第（2）小問(wèn)情況下管內(nèi)的氣柱長(zhǎng)度。105Pa（2）10cm（3）68.67cm 【答案】（1）1.03×【解析】（1）當(dāng)活塞靜止時(shí)，（2）當(dāng)時(shí)有，得，得

．

；，；

（3）由玻意耳定律22.如圖（甲）所示，豎直放置的汽缸內(nèi)壁光滑，橫截面積為S=10-3m2活塞的質(zhì)量為m=2kg，厚度不計(jì)．在A，B兩處設(shè)有限制裝置，使活塞只能在A，B之間運(yùn)動(dòng)，B下方汽缸的容積為1.0×10-3m3，A、B之間的容積為2.0×10-4m3，外界大氣壓強(qiáng)Po=1.0×105Pa．開(kāi)始時(shí)活塞停在B處，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為0.9Po，溫度為27℃，現(xiàn)緩慢加熱缸內(nèi)氣體，直至327℃．(g＝10)求：

（1）活塞剛離開(kāi)B處時(shí)氣體的溫度t2；（2）缸內(nèi)氣體最后的壓強(qiáng)；

（3）在圖（乙）中畫(huà)出整個(gè)過(guò)程中的p﹣V圖線(xiàn)．

105Pa（3）【答案】（1）127℃（2）1.5×

【解析】試題分析：（1）活塞剛離開(kāi)B處時(shí)，氣體壓強(qiáng)p2= p0+

=1．2×105Pa 氣體等容變化，代入數(shù)據(jù)，解出t2=127℃（2）設(shè)活塞最終移動(dòng)到A處，理想氣體狀態(tài)方程：，即，代入數(shù)據(jù)，解出

因?yàn)閜3> p2，故活塞最終移動(dòng)到A處的假設(shè)成立。（3）如圖。

考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)變化方程

【名師點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是分析清楚，各個(gè)變化過(guò)程中，哪些量不變，變化的是什么量，明確初末狀態(tài)量的值，根據(jù)氣體定律運(yùn)算即可，難度不大，屬于中檔題。

第五篇：江蘇省泰州中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題解析

江蘇省泰州中學(xué)2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題

一、單項(xiàng)選擇題

1.如圖所示，把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，它的尖端變鈍了。產(chǎn)生這一現(xiàn)象的原因是（）

A.玻璃是非晶體，熔化再凝固變成晶體 B.玻璃是晶體，熔化再凝固后變成非晶體 C.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為引力使其表面繃緊 D.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為斥力使其表面擴(kuò)張 【答案】C 【解析】玻璃是非晶體，熔化再凝固后仍然是非晶體。故AB錯(cuò)誤；細(xì)玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形，是表面張力的作用，因?yàn)楸砻鎻埩哂惺挂后w表面繃緊即減小表面積的作用，而體積相同情況下球的表面積最小，故呈球形。故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。

2.如圖是某噴水壺示意圖。未噴水時(shí)閥門(mén)K閉合，壓下壓桿A可向瓶?jī)?nèi)儲(chǔ)氣室充氣；多次充氣后按下按柄B打開(kāi)閥門(mén)K，水會(huì)自動(dòng)經(jīng)導(dǎo)管從噴嘴處噴出。儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣和噴水過(guò)程溫度保持不變，則（）

A.充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體內(nèi)能增大 B.充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體分子平均動(dòng)能增大 C.噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體放熱 D.噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大 【答案】A 【解析】試題分析：充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體的質(zhì)量增加，氣體的溫度不變，故氣體的平均動(dòng)能不變，故氣體內(nèi)能增大，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；噴水過(guò)程中，氣體對(duì)外做功，W＜0；由于氣體溫度不變，則根據(jù)則根據(jù),可知，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體吸熱，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體體積增大，溫度不變，可知壓強(qiáng)減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.考點(diǎn)：熱力學(xué)第一定律；氣體的狀態(tài)方程.3.下列說(shuō)法中正確的是（）A，布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng) B．對(duì)一定質(zhì)量的氣體加熱，其內(nèi)能一定增加

C．物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大

D．分子間吸引力隨分子間距離的增大而增大，而排斥力隨距離的增大而減小 【答案】C 【解析】試題分析：布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)，而是液體分子無(wú)規(guī)則碰撞所產(chǎn)生的一種花粉顆粒的運(yùn)動(dòng)，但是它反映了液體分子是運(yùn)動(dòng)的，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)一定質(zhì)量的氣體加熱，如果氣體對(duì)外做功，則其內(nèi)能不一定增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大，選項(xiàng)C正確；分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：分子間作用力，溫度的含義，布朗運(yùn)動(dòng)。

4.甲和乙兩個(gè)分子，設(shè)甲固定不動(dòng)，乙從無(wú)窮遠(yuǎn)處（此時(shí)分子間的分子力可忽略，取分子勢(shì)能為0）逐漸向甲靠近直到不能再靠近的過(guò)中（）A.分子間的引力和斥力都在減小 B.分子間作用力的合力增大 C.分子間的力先做負(fù)功后做正功 D.分子勢(shì)能先減小后增大 【答案】D 【解析】分子間的引力和斥力都隨分子之間距離的減小而增大。故A錯(cuò)誤；開(kāi)始時(shí)由于兩分子之間的距離大于r0，分子力表現(xiàn)為引力，并且隨距離的減小，先增大后減小；當(dāng)分子間距小于r0，分子力為斥力，隨分子距離的減小而增大。故B錯(cuò)誤；開(kāi)始時(shí)由于兩分子之間的距離大于r0，因此分子力為引力當(dāng)相互靠近時(shí)分子力做正功，分子勢(shì)能減少；當(dāng)分子間距小于r0，分子力為斥力，相互靠近時(shí)，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。

點(diǎn)睛：該題考查分子之間的作用力以及分子勢(shì)能隨距離的變化，分子力做功對(duì)應(yīng)著分子勢(shì)能的變化，要正確分析分子之間距離與分子力、分子勢(shì)能的關(guān)系． 5.關(guān)于系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件，下列說(shuō)法正確的是（）A.只要系統(tǒng)內(nèi)存在摩擦力，系統(tǒng)動(dòng)量就不可能守恒 B.只要系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量就守恒 C.只要系統(tǒng)中有一個(gè)物體具有加遠(yuǎn)度，系統(tǒng)動(dòng)量就不守恒 D.系統(tǒng)中所有物體的加速度為零時(shí)，系統(tǒng)的總動(dòng)量不一定守恒 【答案】B 【解析】若系統(tǒng)內(nèi)存在著摩擦力，而系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量仍守恒。故A錯(cuò)誤；只要系統(tǒng)所受到合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量一定守恒；故B正確；系統(tǒng)中有一個(gè)物體具有加速度時(shí)，系統(tǒng)的動(dòng)量也可能守恒，比如碰撞過(guò)程，兩個(gè)物體的速度都改變，都有加速度，單個(gè)物體受外力作用，系統(tǒng)的動(dòng)量卻守恒。故C錯(cuò)誤；系統(tǒng)中所有物體的加速度為零時(shí)，系統(tǒng)所受的合外力為零，即系統(tǒng)的總動(dòng)量一定守恒，故D錯(cuò)誤；故選B。

6.關(guān)于盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)的內(nèi)容，下列敘述正確的是（）A.原子是一個(gè)質(zhì)量分布均勻的球體 B.原子的質(zhì)量幾乎全部集中在原子核內(nèi)

C.原子的正電荷和負(fù)電荷全部集中在一個(gè)很小的核內(nèi) D.原子核半徑的數(shù)量級(jí)是【答案】B

學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...7.一定質(zhì)量的氣體做等壓變化時(shí)，其

圖象如圖所示，若保持氣體質(zhì)量不變，使氣體的壓強(qiáng)增大后，再

讓氣體做等壓變化，則其等壓線(xiàn)與原來(lái)相比，下列可能正確的是（）

A.等壓線(xiàn)與軸之間夾角變大 B.等壓線(xiàn)與軸之間夾角不變 C.等壓線(xiàn)與軸交點(diǎn)的位置不變 D.等壓線(xiàn)與軸交點(diǎn)的位置一定改變 【答案】C 【解析】質(zhì)量不變，壓強(qiáng)增大后，根據(jù)

＝C可知，的比值將減??；故圖象的斜率減??；等壓線(xiàn)與t軸夾角變?。还蔄B錯(cuò)誤；由于等壓線(xiàn)一定過(guò)熱力學(xué)溫度的0點(diǎn)，故一定交與-273℃處；故等壓線(xiàn)與t軸交點(diǎn)的位置不變；故C正確，D錯(cuò)誤；故選C。

8.在一個(gè)密閉隔熱的房間里，有一電冰箱正在工作，如果打開(kāi)電冰箱的門(mén)，過(guò)一段時(shí)間后房間的溫度會(huì)（）A.降低 B.不變 C.升高 D.無(wú)法判斷 【答案】C 【解析】冰箱只是把冰箱內(nèi)的熱量移到外面，但在絕熱的密封艙中，冰箱門(mén)打開(kāi)，整個(gè)房間內(nèi)的熱量應(yīng)該是不變的，由于整個(gè)過(guò)程中只有電在做功，產(chǎn)生焦耳熱，電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒可知室內(nèi)溫度升高了。故選C。

點(diǎn)睛：冰箱、空調(diào)等溫控設(shè)備在調(diào)節(jié)局部空間溫度時(shí)，要消耗電能，電能最終轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，使環(huán)境溫度升高。

二、多項(xiàng)選擇題

9.如圖所示為一定量的氧氣分子在0℃和100℃兩種不同情況下的意率分布情況，由圖可以判斷以下說(shuō)法中正確的是（）

A.溫度升高，所有分子的運(yùn)動(dòng)速率均變大 B.溫度越高，分子的平均地率的小

C.0℃和100℃時(shí)氧氣分子的速率都呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布特點(diǎn) D.100℃的氧氣與0℃的氧氣相比，速率大的分子所占的比例大 【答案】CD 【解析】試題分析：溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，平均運(yùn)動(dòng)速率增大，但有些分子的運(yùn)動(dòng)速率可能減小，從圖中可以看出溫度高時(shí)，速率大的分子所占比例較大，A、B錯(cuò)誤，C、D正確． 考點(diǎn)：本題考查了溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志。

點(diǎn)評(píng)：解答本題的關(guān)鍵是結(jié)合不同溫度下的分子速率分布曲線(xiàn)理解溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志的含義，對(duì)于物理學(xué)中的基本概念和規(guī)律要深入理解，理解其實(shí)質(zhì)，不能只是停留在表面上，同時(shí)要通過(guò)練習(xí)加強(qiáng)理解．

10.在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋，水燒開(kāi)后，鍋內(nèi)水面上方充滿(mǎn)飽和汽，停止加熱，高壓鍋在密封狀態(tài)下最冷卻，在冷卻過(guò)程中，鍋內(nèi)水蒸氣的變化情況為（）A.壓強(qiáng)變小 B.壓強(qiáng)不變 C.一直是飽和汽 D.變?yōu)槲达柡推?【答案】AC 【解析】水上方蒸汽的氣壓叫飽和氣壓，只與溫度有關(guān)，只要下面還有水，那就是處于飽和狀態(tài)，飽和氣壓隨著溫度的降低而減小，AC正確，BD錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】考查飽和汽和飽和汽壓等概念的理解，關(guān)于這兩個(gè)概念注意：飽和汽壓隨溫度的升高而增大，飽和氣壓與蒸汽所占的體積無(wú)關(guān)，與該蒸汽中有無(wú)其他氣體也無(wú)關(guān)，不能用氣體實(shí)驗(yàn)定律分析，這是飽和氣體，不是理想氣體，對(duì)于未飽和汽，氣體實(shí)驗(yàn)定律近似適用． 11.關(guān)于電荷量，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體的帶電荷量可以是任意值 B.物體的帶電荷量只能是某些值 C.物體的帶電荷量的最小值為D.一個(gè)物體帶【答案】BCD 【解析】物體的帶電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；物體的帶電荷量的最小值為1．6×10－19 C，選項(xiàng)C正確；一個(gè)物體帶1.6×10－9 C的正電荷，這是它失去了故，選項(xiàng)D正確；故選BCD.個(gè)電子的緣

個(gè)電子的緣故 的正電荷，這是它失去了12.若以M表示水的摩爾質(zhì)量，V表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的密度，表示阿伏加德羅常數(shù)，A.B.、C.分別示每個(gè)水分子的質(zhì)量和體積，下面關(guān)系正確的有（）

D.【答案】AD 【解析】因?yàn)?摩爾水含有阿伏加德羅常數(shù)個(gè)水分子，則每個(gè)水分子的質(zhì)量 m0=

；標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積 V=，則，選項(xiàng)AD正確；，式中的V0′應(yīng)該是一個(gè)水分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；AD。，式中的V0′應(yīng)該是一個(gè)水分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選點(diǎn)睛：本題要理解阿伏加德羅常數(shù)NA是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，抓住它的含義，來(lái)理解分子質(zhì)量和摩爾質(zhì)量的關(guān)系；注意區(qū)別水分子的體積和水蒸氣中一個(gè)水分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積的不同． 13.一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)沿如圖所示的圓周變化，則該氣體體積變化的情況是（）

A.沿B.沿C.沿D.沿，逐步減小，先逐步增大后逐步減小，逐步減小，逐步減小

【答案】BC 【解析】由理想氣體狀態(tài)方程PV/T=C可知，V=CT/P；由圖象可知，沿a→b，氣體壓強(qiáng)減小而溫度升高，則氣體體積變大，故A錯(cuò)誤；由圖象可知，沿b→c，壓強(qiáng)變大溫度升高，而P與T的比值先逐漸減小，后逐漸增大，則氣體體積先增大后減小，故B正確；沿c→d過(guò)程中，P/T逐漸變大，則氣體體積逐漸減小，故C正確；沿d→a，P/T先增大后減小，則氣體體積先減小后增大，故D錯(cuò)誤；故選BC。

點(diǎn)睛：此題由理想氣體狀態(tài)方程求出V的表達(dá)式，由圖象判斷出T/P，即圖線(xiàn)各點(diǎn)斜率的倒數(shù)如何變化即可判斷出氣體體積如何變化．

14.一粒珠從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始自由下落，然后陷入泥潭中，若把其在空中下落的過(guò)程稱(chēng)為過(guò)程I，進(jìn)入泥潭起到停止的過(guò)稱(chēng)為過(guò)程Ⅱ，則（）A.過(guò)程I中鋼珠的動(dòng)量的該變量等子重力的沖量

B.過(guò)程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過(guò)程I中重力的沖量的大小 C.I、Ⅱ兩個(gè)過(guò)程中合外力的總沖量等于零 D.過(guò)程Ⅱ中鋼珠的動(dòng)量的改變量等于零 【答案】AC 【解析】過(guò)程Ⅰ中鋼珠所受外力只有重力，由動(dòng)量定理可知，鋼珠動(dòng)量的改變等于重力的沖量，故A正確；過(guò)程Ⅱ中，鋼珠所受外力有重力和阻力，所以過(guò)程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過(guò)程Ⅰ中重力的沖量大小與過(guò)程Ⅱ中重力沖量大小的和,故B錯(cuò)誤；在整個(gè)過(guò)程中，鋼珠動(dòng)量的變化量為零，由動(dòng)量定理可知，Ⅰ、Ⅱ兩個(gè)過(guò)程中合外力的總沖量等零，故C正確；過(guò)程Ⅱ中鋼珠所受合外力的沖量不為零，由動(dòng)量定理可知，過(guò)程Ⅱ中鋼珠的動(dòng)量的改變量不等于零，故D錯(cuò)誤。所以AC正確，BD錯(cuò)誤。15.如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，若用能量為的光子去照射大量處于基態(tài)的氫原子，則（）

A.氫原子能從基態(tài)躍遷到n＝4的激發(fā)態(tài)上去 B.有的氫原子能從基態(tài)躍遷到的激發(fā)態(tài)上去

C.氫原子最多能發(fā)射3種波長(zhǎng)不同的光 D.氫原子最多能發(fā)射6種波長(zhǎng)不同的光 【答案】AD 【解析】由氫原子的能級(jí)圖得到，n=4的激發(fā)態(tài)與基態(tài)的能級(jí)差為△E=E4-E1=-0.85eV-（-13.6eV）=12.75eV，所以用能量為12.75eV的光子去照射大量處于基態(tài)的氫原子，氫原子能從基態(tài)躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)上去。故A正確，B錯(cuò)誤。氫原子吸收光子的能量躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)后，向低能級(jí)躍遷時(shí)，任意兩個(gè)能級(jí)之間發(fā)生一次躍遷，共發(fā)射=6種波長(zhǎng)不同的光。故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。故選AD。

點(diǎn)睛：注意當(dāng)入射光的能量小于氫原子的電離能時(shí)，只能吸收能量恰好等于兩個(gè)能級(jí)之差的光子；從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)最多能輻射的光子種類(lèi)是．

三、簡(jiǎn)答題

16.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)方法及步驟如下： ①內(nèi)體積油酸中酒精，直至總量達(dá)到；

②用注射吸?、僦杏退峋凭芤海阉坏我坏蔚氐稳胄×客仓?，當(dāng)?shù)稳?5滴時(shí)，測(cè)得其體積恰好是

③先往邊長(zhǎng)的淺盤(pán)里倒入2cm深的水，然后將痱子粉均勻地撒在水面上；

④用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，待油酸在水面上盡可能散開(kāi)，將事先準(zhǔn)備好的帶方格的塑料蓋板放在淺盤(pán)上，并在塑料板上描下油酸膜的形狀； ⑤描出的輪廓如圖所示，已知每個(gè)小正方形的邊長(zhǎng)積S；

⑥結(jié)合以上數(shù)據(jù)，可計(jì)算得到油酸分子的直徑D； 根據(jù)以上信息，回答下列問(wèn)題：，數(shù)出輪廓內(nèi)正方形的個(gè)數(shù)，可以算出油酸膜的面

（1）步驟④中要讓油膜盡可能放開(kāi)的原因是____________；（2）油酸膜的面積S是_____

；

（3）油酸分子的直徑D是_______m，（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）【答案】

(1).讓油膜在水平面上形成單分子油膜；

(2).【解析】在該實(shí)驗(yàn)中，由于油酸薄膜的邊緣在水中不易觀察和畫(huà)出，因此淺盤(pán)中倒入水后，將痱子粉或石膏粉均勻撒在水面上，以便于操作．

（1）實(shí)驗(yàn)中要讓油膜盡可能散開(kāi)，目的是形成單分子油膜層．

（2）由圖示可知，由于每格邊長(zhǎng)為2cm，則每一格就是4cm2，估算油膜面積以超過(guò)半格以一格計(jì)算，小于4cm2＝300cm2.半格就舍去的原則，估算，75格．則油酸薄膜面積S＝75×（3）1滴油酸酒精溶液中純油酸的體積

（之間均可）

(3).油酸分子的直徑 點(diǎn)睛：此實(shí)驗(yàn)中是將油酸分子在水面上以球模型一個(gè)靠一個(gè)排列的，且估算油膜面積以超過(guò)半格以一格計(jì)算，小于半格就舍去的原則．

17.如圖所示是一平面上晶體物質(zhì)微粒的排列情況，圖中三條等長(zhǎng)線(xiàn)AB、AC、AD上物質(zhì)微粒的數(shù)目均 _____（填“相同”取“不同”），由此得出晶體具有______的性質(zhì)（填“各向同性”或各向異性”）。

【答案】

(1).不同

(2).各向異性

【解析】三條等長(zhǎng)線(xiàn)AB、AC、AD上物質(zhì)微粒的數(shù)目不同，則晶體沿各個(gè)方向的導(dǎo)熱、導(dǎo)電性能等等都不同，表現(xiàn)為各向異性．

18.如圖所示，某種自動(dòng)洗衣機(jī)進(jìn)水時(shí)，洗衣機(jī)缸內(nèi)水位升高，與洗衣缸相連的細(xì)管中會(huì)封閉一定質(zhì)量的空氣，通過(guò)壓力傳感器感知管中的空氣壓力，從而控制進(jìn)水量。當(dāng)洗衣缸內(nèi)水位緩慢升高時(shí)，設(shè)細(xì)管內(nèi)空氣溫度不變，若密閉的空氣可視為理想氣體，在上述空氣體積變化的過(guò)程中，外界對(duì)空氣做了的功，則空氣____（選填“吸收”或“放出”）了____J的熱量：當(dāng)洗完衣服缸內(nèi)水位迅速降低時(shí)，則空氣的內(nèi)能_____（選填“增加”或“減小”）。

【答案】

(1).放出

(2).(3).減小

【解析】由公式E=Q+W知，溫度不變則E=0，外界對(duì)空氣做了0.6J的功，W=0.6J，所以Q=-0.6J，負(fù)號(hào)說(shuō)明空氣放出了0.6J的熱量；缸內(nèi)水位迅速降低時(shí)，則空氣的體積膨脹，對(duì)外做功，W＜0，瞬間時(shí)Q=0，所以U＜0，即氣體內(nèi)能減?。?/p>

點(diǎn)睛：做此類(lèi)題目時(shí)，記住公式U=Q+W，理解各物理量的含義，正負(fù)代表什么意思，注意過(guò)程很短的過(guò)程可認(rèn)為是絕熱過(guò)程，即Q=0．

19.一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A，變化過(guò)程如圖所示，其中A到B曲線(xiàn)為雙曲線(xiàn)中的一支，圖中和為已知量。

（1）從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是_____（填“等溫”“等容”或“等壓”）過(guò)程；（2）從B到C的過(guò)程中，氣體做功大小為_(kāi)______；

（3）從A經(jīng)狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A的過(guò)程中，氣體吸放熱情況為_(kāi)_____（填“吸熱”“放熱”或“無(wú)吸放熱”）。【答案】

(1).等溫

(2).(3).放熱

=C得知?dú)怏w的溫度【解析】（1）據(jù)題知A到B曲線(xiàn)為雙曲線(xiàn)，說(shuō)明p與V成反比，即pV為定值，由不變，即從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是等溫過(guò)程．

（2）從B到C的過(guò)程中，氣體做功大小等于BC線(xiàn)與V軸所圍的“面積”大小，故有： W=×（p0+2p0）×V0=p0V0；

（3）氣體從A經(jīng)狀態(tài)B，再到C氣體對(duì)外做功，從C到A外界對(duì)氣體，根據(jù)“面積”表示氣體做功可知：整個(gè)過(guò)程氣體對(duì)外做功小于外界對(duì)氣體做功，而內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得知?dú)怏w要放熱． 點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵是知道p-V圖象中的雙曲線(xiàn)表示等溫線(xiàn)，圖線(xiàn)與V軸所圍的“面積”等于氣體做功的大小，能熟練運(yùn)用氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律進(jìn)行研究這類(lèi)問(wèn)題．

四、計(jì)算論述題

20.空調(diào)在制冷過(guò)程中，室內(nèi)空氣中的水蒸氣接觸蒸發(fā)器（銅管）液化成水，經(jīng)排水管排走，空氣中水份越來(lái)越少，人會(huì)感覺(jué)干燥。某空調(diào)工作一段時(shí)間后，排出液化水的體積、摩爾質(zhì)量留一位有效數(shù)字）

（1）該液化水中含有水分子的總數(shù)N；（2）一個(gè)水分子的直徑d。【答案】（1）個(gè)（2），阿伏伽德羅常數(shù)

。已知水的密度。試求：（結(jié)果均?！窘馕觥浚?）水的摩爾體積為

=1.8×10-5 m3/mol 水分子數(shù)：

≈3×1025個(gè)

（2）建立水分子的球模型設(shè)其直徑為d，每個(gè)水分子的體積為，則有

故水分子直徑21.如圖所示，光滑水平面上小球A、B分別以撞時(shí)間為，A、B的質(zhì)量均為，求：、的速率相向運(yùn)動(dòng)，碰撞后B球靜止，已知碰

（1）碰撞后A球的速度大小；

（2）碰撞過(guò)程A對(duì)B平均作用力的大?。?【答案】（1）（2）

【解析】（1）A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)B的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍?由動(dòng)量守恒定律得 mvB-mvA=0+mvA′ 解得 vA′=0.8m/s

（2）對(duì)B，由動(dòng)量定理得 ?△t＝△pB=0-mvB 解得 ＝8N 點(diǎn)睛：對(duì)于碰撞過(guò)程，要掌握其基本規(guī)律：動(dòng)量守恒定律。要知道碰撞、打擊等過(guò)程求作用力要根據(jù)動(dòng)量定理，不能根據(jù)牛頓定律，因?yàn)槲矬w間相互作用力是變力。22.如圖所示，氫原子從n＞2的某一能級(jí)躍遷到的能級(jí)上，輻射出能量為的光子；

（1）躍遷過(guò)程中電子動(dòng)能和原子能量如何變化？

（2）要給基態(tài)的氫原子最少提供多少電子伏特的能量，オ能使它輻射出上述能量的光子？（3）在圖中畫(huà)出獲得該能量后氫原子可能的躍還情況?！敬鸢浮浚?）動(dòng)能增大，原子能量減?。?）（3）躍遷圖如圖所示：

【解析】（1）氫原子從高能級(jí)到n=2能級(jí)躍遷時(shí)，要輻射光子，則原子的總能量要減小，電子的軌道半徑減小，根據(jù)可得，則電子的動(dòng)能變大；

（2）氫原子從n＞2的某一能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)，輻射光子的頻率應(yīng)滿(mǎn)足：hν=En-E2=2.55 eV，則En=hν+E2=-0.85 eV 解得：n=4 基態(tài)氫原子要躍遷到n=4的能級(jí)，應(yīng)提供的能量為：△E=E4-E1=12.75 eV．（3）如圖所示；

23.如圖所示，豎直放置的汽缸內(nèi)壁光滑，橫截面積為，活塞的質(zhì)量為，厚度不計(jì)。在A、B，A、B之間的容積為，溫度為，兩處設(shè)有限制裝置，使活塞只能在A、B之間運(yùn)動(dòng)，B下方汽缸的容積為，外界大氣壓強(qiáng)現(xiàn)緩慢加熱缸內(nèi)氣體，直至327℃。求：

。開(kāi)始時(shí)活塞停在B處，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為

（1）活塞剛離開(kāi)B處時(shí)氣體的溫度；（2）缸內(nèi)氣體最后的壓強(qiáng)；（3）在圖（乙）中畫(huà)出整個(gè)過(guò)程中的【答案】（1）（3）如圖所示：（2）

圖線(xiàn)。