第一篇：內(nèi)蒙古自治區(qū)通遼實(shí)驗(yàn)中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題解析

2017-2018第二學(xué)年度通遼實(shí)驗(yàn)中學(xué)期中考試高二物理試卷

一、選擇題（本題16小題.1-9題是單項(xiàng)選擇題，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求；10-16題是多項(xiàng)選擇題。）

1.某核反應(yīng)方程為＋→＋X.已知的質(zhì)量為2.0136 u，的質(zhì)量為3.0180 u，的質(zhì)量為4.0026 u，X的質(zhì)量為1.0087 u．則下列說(shuō)法正確的是（）A.X是質(zhì)子，該反應(yīng)釋放能量 B.X是中子，該反應(yīng)釋放能量 C.X是質(zhì)子，該反應(yīng)吸收能量 D.X是中子，該反應(yīng)吸收能量 【答案】B 【解析】由題目所給核反應(yīng)方程式，根據(jù)核反應(yīng)過(guò)程質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒規(guī)律，可得，則X為中子，在該反應(yīng)發(fā)生前反應(yīng)物的總質(zhì)量m1＝2.0136u＋3.0180u＝5.0316u，反應(yīng)后產(chǎn)物總質(zhì)量m2＝4.0026u＋1.0087u＝5.0113u，總質(zhì)量減少，出現(xiàn)了質(zhì)量虧損。根據(jù)愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程可知該反應(yīng)釋放能量，故選項(xiàng)B正確。

2.鈾核裂變時(shí)，對(duì)于產(chǎn)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的重要因素，下列說(shuō)法正確的是（）A.鈾塊的質(zhì)量是重要因素，與體積無(wú)關(guān)

B.為了使鈾235裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)更容易發(fā)生，最好直接利用裂變時(shí)產(chǎn)生的快中子 C.若鈾235的體積超過(guò)它的臨界體積，裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)就能夠發(fā)生 D.裂變能否發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)與鈾塊的質(zhì)量無(wú)關(guān) 【答案】C 【解析】要發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)必須使鈾塊體積(或質(zhì)量)大于臨界體積或臨界質(zhì)量，故A、D錯(cuò)，C對(duì)。鈾235俘獲慢中子發(fā)生裂變的概率大，快中子使鈾235發(fā)生裂變的幾率小，故B錯(cuò)。

3.一個(gè)匝數(shù)為100匝，電阻為0.5Ω的閉合線圈處于某一磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線圈平面，從某時(shí)刻起穿過(guò)線圈的磁通量按圖示規(guī)律變化。則線圈中產(chǎn)生交變電流的有效值為（）A.2A

B.2A

C.6A

D.5A 【答案】A 【解析】0-1s內(nèi)的磁通量變化率為量變化率為熱量，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

； 1-1.2s內(nèi)的磁通，對(duì)一個(gè)定值電阻，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的，得，A正確．，根據(jù)有交流電有效值的定義【點(diǎn)睛】根據(jù)每段時(shí)間內(nèi)磁通量的變化率求出每段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合熱量的公式求出在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量。抓住交流電和直流電在相同時(shí)間內(nèi)、通過(guò)相同電阻，產(chǎn)生相同的熱量，求出電流的有效值． 4.用不同頻率的紫外線分別照射鎢和鋅的表面而產(chǎn)生光電效應(yīng)，可得到光電子最大初動(dòng)能Ek隨入射光頻率v變化的Ek-v圖象，已知鎢的逸出功是3.28eV，鋅的逸出功是3.34eV，若將兩者的圖象分別用實(shí)線與虛線畫在同一個(gè)Ek-v圖上，則下圖中正確的是（）

A.B.C.D.【答案】A 【解析】試題分析：根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程的逸出功大于鎢的逸出功，故由，可得圖像的橫截距表示極限頻率，鋅，可知鋅的極限頻率大于鎢的極限頻率，即鋅的橫截距大于鎢的橫截距，斜率表示普朗克常量h，所以兩圖線是平行的，故A正確； 考點(diǎn)：考查了光電效應(yīng)

5.如圖甲所示，閉合開(kāi)關(guān)，用光子能量為2.5eV的一束光照射陰極K，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)不為零．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表讀數(shù)小于0.60V時(shí)，電流表讀數(shù)仍不為零，當(dāng)電壓表讀數(shù)大于或等于0.60V時(shí)，電流表讀數(shù)為零．把電路改為圖乙，當(dāng)電壓表讀數(shù)為2V時(shí)，電子到達(dá)陽(yáng)極時(shí)的最大動(dòng)能為（）

A.0.6eV

B.1.9eV

C.2.6eV

D.4.5eV 【答案】C 【解析】試題分析：給光電管加反向遏止電壓0.6 V時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能恰好等于0.6 eV；當(dāng)給光電管加正向電壓2 V時(shí)，電子到達(dá)陽(yáng)極的最大動(dòng)能應(yīng)等于最大初動(dòng)能加電場(chǎng)力所做的功，即0.6 eV+2 eV=“2.6” eV，選項(xiàng)C正確。

考點(diǎn)：本題考查光電效應(yīng)現(xiàn)象，涉及光電管和反向遏止電壓等知識(shí)。

6.如圖所示是某原子的能級(jí)圖,abc為原子躍遷所發(fā)出的三種波長(zhǎng)的光,已知三種光的波長(zhǎng)分別為、、，則下列關(guān)系式正確的是（）

A.C.B.D.【答案】D 【解析】因?yàn)殄e(cuò)誤；因?yàn)椋敲?，知，依?jù)，所以，可知得，結(jié)合，因此，AC，B錯(cuò)誤D正確．

7.圖為一注水的玻璃裝置，玻璃管D、E上端與大氣相通，利用玻璃管C使A、B兩球上部相通，D、C、E三篇與兩球接口處緊密封接。當(dāng)A、B、D的水面高度差如圖所示時(shí)，E管內(nèi)水面相對(duì)B中水面的高度差h應(yīng)等于（）

A.2m B.0.5m C.1m D.1.5m 【答案】D 【解析】試題分析：由圖可知A、B容器內(nèi)相通，氣體壓強(qiáng)相等．玻璃管D、E內(nèi)壓強(qiáng)也相等．大氣壓強(qiáng)加玻璃管內(nèi)液體壓強(qiáng)等于球內(nèi)氣體壓強(qiáng)．故h應(yīng)等于1.5米．故選D． 考點(diǎn)：氣體壓強(qiáng)

【名師點(diǎn)睛】解答此題的關(guān)鍵是明確玻璃管D、E內(nèi)壓強(qiáng)也相等，大氣壓強(qiáng)加玻璃管內(nèi)液體壓強(qiáng)等于球內(nèi)氣體壓強(qiáng)，大氣壓強(qiáng)相等，球內(nèi)氣體壓強(qiáng)相等，液柱高度必然相等，與1米無(wú)關(guān)．不要被1米這個(gè)數(shù)據(jù)所干擾。

8.如圖所示，兩根粗細(xì)相同、兩端開(kāi)口的直玻璃管A和B，豎直插入同一水銀槽中，各用一段水銀柱封閉著一定質(zhì)量同溫度的空氣，空氣柱長(zhǎng)度H1＞H2，水銀柱長(zhǎng)度h1＞h2，今使封閉氣柱降低相同的溫度（大氣壓保持不變），則兩管中氣柱上方水銀柱的運(yùn)動(dòng)情況是（）

A.均向下移動(dòng)，A管移動(dòng)較多 B.均向上移動(dòng)，A管移動(dòng)較多 C.A管向上移動(dòng)，B管向下移動(dòng) D.均向下移動(dòng)，B管移動(dòng)較多 【答案】A 【解析】對(duì)于管內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)可得，對(duì)氣體2也可以有，因?yàn)?，故，解得，封閉氣柱降低相同的溫度，兩部分氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得：，同理，又因?yàn)椋?，所以，故氣柱上方水銀柱均向下移動(dòng)，A管移動(dòng)較多，A正確．

9.一個(gè)敞口的瓶子，放在空氣中，氣溫為27℃．現(xiàn)對(duì)瓶子加熱，由于瓶子中空氣受熱膨脹，一部分空氣被排出．當(dāng)瓶子中空氣溫度上升到57℃時(shí)，瓶中剩余空氣的質(zhì)量是原來(lái)的（）A.B.C.D.【答案】A 【解析】假設(shè)被排出的空氣體積為V，瓶?jī)?nèi)的空氣體積為V0，則，由于瓶中剩余空氣的質(zhì)量與總質(zhì)量之間滿足，所以，A正確．

【點(diǎn)睛】該題中，瓶子中的空氣受熱后有一部分溢出，然后分散在空氣中，體積看似沒(méi)有辦法測(cè)量，但是，我們可以“假設(shè)”可以將這一部分的空氣收集在一個(gè)容器中． 10.以下說(shuō)法中正確的是（）

A.分子間距離為時(shí)，分子間不存在引力和斥力

B.分子間存在的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，但是斥力比引力減小的更快 C.懸浮在液體中的微粒足夠小，來(lái)自各個(gè)方向的液體分子撞擊的不平衡性使微粒的運(yùn)動(dòng)無(wú)規(guī)則 D.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積 【答案】BC 【解析】分子間存在的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，但是斥力比引力減小的更快，當(dāng)分子間距離為時(shí)，分子間引力和斥力仍然存在，只不過(guò)引力和斥力大小相等、方向相反而已，A錯(cuò)誤B正確；懸浮在液體中的微粒做布朗運(yùn)動(dòng)，微粒足夠小時(shí)，表面積小，同一時(shí)刻撞擊微粒的液體分子數(shù)，來(lái)自各個(gè)方向的液體分子的撞擊越不平衡性，由于這種撞擊是無(wú)規(guī)則的，從而導(dǎo)致微粒的運(yùn)動(dòng)無(wú)規(guī)則，C正確；由于氣體分子間距較大，不能忽略，知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，只能求出氣體分子占據(jù)的空間大小，不能求出氣體分子的體積，D錯(cuò)誤．

11.以下有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，正確的是（）

A.紫外線照射到金屬鋅板表面時(shí)能夠發(fā)生光電效應(yīng)，則當(dāng)增大紫外線的照射強(qiáng)度時(shí)，從鋅板表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能是不變的

B.太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的核聚變反應(yīng)

C.有10個(gè)放射性元素的原子核，當(dāng)有5個(gè)原子核發(fā)生衰變所需的時(shí)間就是該放射性元素的半衰期 D.核力是強(qiáng)相互作用的一種表現(xiàn)，每個(gè)核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力作用 【答案】ABD 【解析】根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動(dòng)能，與入射光的頻率有關(guān)，與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，A正確；B正確；太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)的聚變反應(yīng)，半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)大量的原子核適用，C錯(cuò)誤；核力是短程力，每個(gè)核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力，D正確．

12.有些建材中的放射性物質(zhì)會(huì)釋放出α、β、γ射線，根據(jù)有關(guān)放射性知識(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.發(fā)生α衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，核內(nèi)質(zhì)量數(shù)減少2 B.發(fā)生β衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，核內(nèi)中子數(shù)減少1 C.β粒子來(lái)自原子中的電子，正如光電效應(yīng)一樣

D.在這三種射線中γ射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱 【答案】BD 【解析】粒子為，故發(fā)生衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，核內(nèi)質(zhì)量數(shù)減少4，A錯(cuò)誤；發(fā)生β衰變時(shí)，生成核與原來(lái)的原子核相比，電荷數(shù)多1，質(zhì)量數(shù)不變，B正確；衰變中產(chǎn)生的射線實(shí)際上是原子核中的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來(lái)，而光電效應(yīng)是核外電子吸收能量發(fā)生躍遷，C錯(cuò)誤；在這三種射線中，射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱，D正確．

13.一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子聚變結(jié)合成一個(gè)氘核，同時(shí)輻射一個(gè)γ光子。已知質(zhì)子、中子、氘核的質(zhì)量分別為、，普朗克常量為h，真空中的光速為c。下列說(shuō)法正確的是（）

+→+γ

+---)A.核反應(yīng)方程是B.聚變反應(yīng)中的質(zhì)量虧損△=C.輻射出的γ光子的能量E=(D.γ光子的波長(zhǎng)λ=h/（【答案】BD +-）c

【解析】一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子聚變結(jié)合成一個(gè)氘核，同時(shí)輻射一個(gè)γ光子，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得核反應(yīng)方程為，A錯(cuò)誤；反應(yīng)前的質(zhì)量減去反應(yīng)后的質(zhì)量，即為質(zhì)量的虧損，即為，B正確；聚變反應(yīng)中虧損的質(zhì)量轉(zhuǎn)化為能量以光子的形式放出，故光子能量為，C錯(cuò)誤；根據(jù)

得光子的波長(zhǎng)為，D正確．

【點(diǎn)睛】該題考查到了原子物理方面的幾個(gè)知識(shí)，要注意到在核反應(yīng)方程中，質(zhì)量數(shù)是電荷數(shù)是守恒的；無(wú)論是重核的裂變還是輕核的聚變，都有質(zhì)量的虧損，是反應(yīng)前的質(zhì)量與反應(yīng)后的質(zhì)量之差；損失的質(zhì)量轉(zhuǎn)化為能量，會(huì)應(yīng)用愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程計(jì)算釋放的能量的大小；知道光子的能量與頻率之間的關(guān)系．

14.某放射性元素的原子核靜止在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)它放出一個(gè)α粒子后，速度方向與磁場(chǎng)圖方向垂直，測(cè)得α粒子和反沖核軌道半徑之比為44 : 1，如圖所示，則（）

A.衰變瞬間，α粒子與反沖核的動(dòng)量大小相等，方向相反 B.衰變瞬間，α粒子與反沖核的動(dòng)能相等 C.放射性元素原子核的核電荷數(shù)為90 D.α粒子和反沖核的速度之比為1 : 88 【答案】AC

學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...學(xué)&科&網(wǎng)...15.將甲分子固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O，乙分子位于x軸上．甲、乙分子間作用力與距離關(guān)系的函數(shù)圖象如圖所示．若把乙分子從r3處由靜止釋放，則僅在分子力作用下，（）

A.乙分子從r3到r1過(guò)程中，兩分子的勢(shì)能一直減小 B.乙分子從r3到r1過(guò)程中，兩分子的勢(shì)能先減小后增大 C.乙分子從r3到r1過(guò)程中，乙分子的動(dòng)能先增大后減小 D.乙分子從r3到r1過(guò)程中，乙分子的動(dòng)能一直增大 【答案】AD 【解析】乙分子從到過(guò)程中，分子力表現(xiàn)為引力，分子間距離減小，分子力對(duì)乙做正功，分子勢(shì)能一直減小，根據(jù)動(dòng)能定理判斷可知，乙分子的動(dòng)能一直增大，AD正確． 16.如圖所示，10匝矩形線框在磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直磁場(chǎng)的軸OO′以角速度ω＝100rad/s 勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框電阻不計(jì)，面積為0.3m2線框通過(guò)滑環(huán)與一理想變壓器的原線圈相連，副線圈接有兩只燈泡(0.3W,30Ω)和，開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)兩燈泡均正常發(fā)光，且原線圈中電流表示數(shù)為0.04A，則下列判斷正確的是（）

A.若從圖示線框位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為B.理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10∶1 C.燈泡的額定功率為0.9W D.若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電流表示數(shù)將減小 【答案】BCD 【解析】變壓器的輸入電壓的最大值為故線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為

sin100t(V)，從垂直中性面位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，A錯(cuò)誤；變壓器輸入電壓的有效值為，故，開(kāi)關(guān)閉合時(shí)兩燈泡均正常發(fā)光，所以，B正確；原線圈的輸入功率：副線圈的輸出功率，所以輸入功率也減小，電流表示數(shù)將減小，D正確．，由于原線圈的輸入功率等于，C正確；若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，變壓器輸出功率減小，故二.填空題

17.用油膜法估測(cè)分子直徑的實(shí)驗(yàn)中做了哪些科學(xué)的近似_____ A．把在水面上盡可能擴(kuò)散開(kāi)的油膜視為單分子油膜 B．把形成油膜的分子看做緊密排列的球形分子 C．將油膜視為單分子油膜，但需要考慮分子間隙 D．將油酸分子視為立方體模型 【答案】AB 【解析】試題分析：在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們的實(shí)驗(yàn)依據(jù)是：①油膜是呈單分子分布的；②把油酸分子看成球形；③分子之間沒(méi)有空隙，故選AB 考點(diǎn)：考查了用油膜法估測(cè)分子直徑的實(shí)驗(yàn)

點(diǎn)評(píng)：在用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們做了些理想化處理，認(rèn)為油酸分子之間無(wú)間隙，油酸膜為單層分子． 18.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，用a mL的純油酸配制成b mL的油酸酒精溶液，再用滴管取1 mL油酸酒精溶液，讓其自然滴出，共n滴．現(xiàn)在讓其中一滴落到盛水的淺盤內(nèi)，待油膜充分展開(kāi)后，測(cè)得油膜的面積為S cm2，則：

（1）估算油酸分子的直徑大小是________cm.（2）用油膜法測(cè)出油酸分子的直徑后，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油滴的________． A．摩爾質(zhì)量

B．摩爾體積

C．質(zhì)量

D．體積 【答案】

(1).(2).B 【解析】試題分析：（1）由題先得到油酸酒精溶液的濃度，求出一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積，由于形成單分子油膜，油膜的厚度等于分子直徑，由

求解分子直徑的大?。?）阿伏加德羅常數(shù)等于油酸的摩爾體積除以一個(gè)分子的體積，列式分析，確定需要知道什么物理量．（1）據(jù)題得：油酸酒精溶液的濃度為，一滴酸酒精溶液的體積為為，則油酸分子的直徑為，一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積（2）設(shè)一個(gè)油酸分子的體積為滴的摩爾體積，B正確．，則，由可知，要測(cè)定阿伏加德羅常數(shù)，還需要知道油19.如圖所示為“研究一定質(zhì)量氣體在壓強(qiáng)不變的條件下，體積變化與溫度變化關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。粗細(xì)均勻的彎曲玻璃管A臂插入燒瓶，B臂與玻璃管C下部用橡膠管連接，C管開(kāi)口向上，一定質(zhì)量的氣體被封閉于燒瓶?jī)?nèi)。開(kāi)始時(shí)B、C內(nèi)的水銀面等高。

（1）若氣體溫度升高，為使瓶?jī)?nèi)氣體的壓強(qiáng)不變，應(yīng)將C管________(填“向上”或“向下”)移動(dòng)，直至________________。

（2）實(shí)驗(yàn)中多次改變氣體溫度，用Δt表示氣體升高的溫度，用Δh表示B管內(nèi)水銀面高度的改變量。根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出的圖線是下圖中的_________

【答案】

(1).向下

(2).B、C兩管內(nèi)水銀面等高

(3).A

（2）實(shí)驗(yàn)中多次改變氣體溫度，用表示氣體升高的溫度，用

表示B管內(nèi)水銀面高度的改變量．壓強(qiáng)不變時(shí)體積變化與溫度變化的關(guān)系是成正比的，所以根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出的圖線是A． 考點(diǎn)：本題考查了理想氣體狀體方程.視頻

三.計(jì)算題（解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案的不能得分,有數(shù)值計(jì)算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)20.如圖，一端封閉、粗細(xì)均勻的U形玻璃管開(kāi)口向上豎直放置，管內(nèi)用水銀將一段氣體封閉在管中。當(dāng)溫度為280K時(shí)，被封閉的氣柱長(zhǎng)L=23cm，兩邊水銀柱高度差h=16cm，大氣壓強(qiáng)Po=76cmHg。

（1）由于環(huán)境溫度的升高，致使左端水銀面下降5cm，此時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)為多少？

（2）當(dāng)環(huán)境溫度重新回到280K后，通過(guò)向開(kāi)口端注入水銀，使封閉氣柱長(zhǎng)度變?yōu)?0cm，此時(shí)封閉氣體壓強(qiáng)是多少？

（3）需向開(kāi)口端注入的水銀柱長(zhǎng)度為多少？ 【答案】（1）70cmHg（2）69cmHg（3）13cm 【解析】（1）因?yàn)樽蠖怂y下降5cm，故右端水銀上升5cm，兩端高度差因?yàn)椋?）因?yàn)闇囟炔蛔?，由玻意耳定律可得?）因?yàn)榻獾霉?，解?/p>

，所以，； ；，【點(diǎn)睛】利用理想氣體狀態(tài)方程解題，關(guān)鍵是正確選取狀態(tài)，明確狀態(tài)參量，尤其是正確求解被封閉氣體的壓強(qiáng)，這是熱學(xué)中的重點(diǎn)知識(shí)，要加強(qiáng)訓(xùn)練，加深理解．本題的一大難點(diǎn)在于高度差的計(jì)算． 21.一根兩端開(kāi)口、粗細(xì)均勻的長(zhǎng)直玻璃管橫截面積為S＝2×10－3m2，豎直插入水面足夠?qū)拸V的水中。管中有一個(gè)質(zhì)量m＝0.6kg的活塞，封閉一段長(zhǎng)度L0＝66cm的氣體，如圖。開(kāi)始時(shí)，活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計(jì)

2105Pa，103kg/m3，活塞與管壁間的摩擦。已知外界大氣壓強(qiáng)Po＝1.0×水的密度ρ＝1.0×重力加速度g=10m/s。求：

（1）開(kāi)始時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)；

（2）現(xiàn)保持管內(nèi)封閉氣體溫度不變，用豎直向上的力F緩慢地拉動(dòng)活塞。當(dāng)活塞上升到某一位置時(shí)停止移動(dòng)，此時(shí)F＝8N，則這時(shí)管內(nèi)外水面高度差為多少；（3）在第（2）小問(wèn)情況下管內(nèi)的氣柱長(zhǎng)度。105Pa（2）10cm（3）68.67cm 【答案】（1）1.03×【解析】（1）當(dāng)活塞靜止時(shí)，（2）當(dāng)時(shí)有，得，得

．

；，；

（3）由玻意耳定律22.如圖（甲）所示，豎直放置的汽缸內(nèi)壁光滑，橫截面積為S=10-3m2活塞的質(zhì)量為m=2kg，厚度不計(jì)．在A，B兩處設(shè)有限制裝置，使活塞只能在A，B之間運(yùn)動(dòng)，B下方汽缸的容積為1.0×10-3m3，A、B之間的容積為2.0×10-4m3，外界大氣壓強(qiáng)Po=1.0×105Pa．開(kāi)始時(shí)活塞停在B處，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為0.9Po，溫度為27℃，現(xiàn)緩慢加熱缸內(nèi)氣體，直至327℃．(g＝10)求：

（1）活塞剛離開(kāi)B處時(shí)氣體的溫度t2；（2）缸內(nèi)氣體最后的壓強(qiáng)；

（3）在圖（乙）中畫出整個(gè)過(guò)程中的p﹣V圖線．

105Pa（3）【答案】（1）127℃（2）1.5×

【解析】試題分析：（1）活塞剛離開(kāi)B處時(shí)，氣體壓強(qiáng)p2= p0+

=1．2×105Pa 氣體等容變化，代入數(shù)據(jù)，解出t2=127℃（2）設(shè)活塞最終移動(dòng)到A處，理想氣體狀態(tài)方程：，即，代入數(shù)據(jù)，解出

因?yàn)閜3> p2，故活塞最終移動(dòng)到A處的假設(shè)成立。（3）如圖。

考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)變化方程

【名師點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是分析清楚，各個(gè)變化過(guò)程中，哪些量不變，變化的是什么量，明確初末狀態(tài)量的值，根據(jù)氣體定律運(yùn)算即可，難度不大，屬于中檔題。

第二篇：江蘇省泰州中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題解析

江蘇省泰州中學(xué)2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題

一、單項(xiàng)選擇題

1.如圖所示，把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，它的尖端變鈍了。產(chǎn)生這一現(xiàn)象的原因是（）

A.玻璃是非晶體，熔化再凝固變成晶體 B.玻璃是晶體，熔化再凝固后變成非晶體 C.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為引力使其表面繃緊 D.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為斥力使其表面擴(kuò)張 【答案】C 【解析】玻璃是非晶體，熔化再凝固后仍然是非晶體。故AB錯(cuò)誤；細(xì)玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形，是表面張力的作用，因?yàn)楸砻鎻埩哂惺挂后w表面繃緊即減小表面積的作用，而體積相同情況下球的表面積最小，故呈球形。故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。

2.如圖是某噴水壺示意圖。未噴水時(shí)閥門K閉合，壓下壓桿A可向瓶?jī)?nèi)儲(chǔ)氣室充氣；多次充氣后按下按柄B打開(kāi)閥門K，水會(huì)自動(dòng)經(jīng)導(dǎo)管從噴嘴處噴出。儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣和噴水過(guò)程溫度保持不變，則（）

A.充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體內(nèi)能增大 B.充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體分子平均動(dòng)能增大 C.噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體放熱 D.噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大 【答案】A 【解析】試題分析：充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體的質(zhì)量增加，氣體的溫度不變，故氣體的平均動(dòng)能不變，故氣體內(nèi)能增大，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；噴水過(guò)程中，氣體對(duì)外做功，W＜0；由于氣體溫度不變，則根據(jù)則根據(jù),可知，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體吸熱，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體體積增大，溫度不變，可知壓強(qiáng)減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.考點(diǎn)：熱力學(xué)第一定律；氣體的狀態(tài)方程.3.下列說(shuō)法中正確的是（）A，布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng) B．對(duì)一定質(zhì)量的氣體加熱，其內(nèi)能一定增加

C．物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大

D．分子間吸引力隨分子間距離的增大而增大，而排斥力隨距離的增大而減小 【答案】C 【解析】試題分析：布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)，而是液體分子無(wú)規(guī)則碰撞所產(chǎn)生的一種花粉顆粒的運(yùn)動(dòng)，但是它反映了液體分子是運(yùn)動(dòng)的，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)一定質(zhì)量的氣體加熱，如果氣體對(duì)外做功，則其內(nèi)能不一定增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大，選項(xiàng)C正確；分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：分子間作用力，溫度的含義，布朗運(yùn)動(dòng)。

4.甲和乙兩個(gè)分子，設(shè)甲固定不動(dòng)，乙從無(wú)窮遠(yuǎn)處（此時(shí)分子間的分子力可忽略，取分子勢(shì)能為0）逐漸向甲靠近直到不能再靠近的過(guò)中（）A.分子間的引力和斥力都在減小 B.分子間作用力的合力增大 C.分子間的力先做負(fù)功后做正功 D.分子勢(shì)能先減小后增大 【答案】D 【解析】分子間的引力和斥力都隨分子之間距離的減小而增大。故A錯(cuò)誤；開(kāi)始時(shí)由于兩分子之間的距離大于r0，分子力表現(xiàn)為引力，并且隨距離的減小，先增大后減?。划?dāng)分子間距小于r0，分子力為斥力，隨分子距離的減小而增大。故B錯(cuò)誤；開(kāi)始時(shí)由于兩分子之間的距離大于r0，因此分子力為引力當(dāng)相互靠近時(shí)分子力做正功，分子勢(shì)能減少；當(dāng)分子間距小于r0，分子力為斥力，相互靠近時(shí)，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。

點(diǎn)睛：該題考查分子之間的作用力以及分子勢(shì)能隨距離的變化，分子力做功對(duì)應(yīng)著分子勢(shì)能的變化，要正確分析分子之間距離與分子力、分子勢(shì)能的關(guān)系． 5.關(guān)于系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件，下列說(shuō)法正確的是（）A.只要系統(tǒng)內(nèi)存在摩擦力，系統(tǒng)動(dòng)量就不可能守恒 B.只要系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量就守恒 C.只要系統(tǒng)中有一個(gè)物體具有加遠(yuǎn)度，系統(tǒng)動(dòng)量就不守恒 D.系統(tǒng)中所有物體的加速度為零時(shí)，系統(tǒng)的總動(dòng)量不一定守恒 【答案】B 【解析】若系統(tǒng)內(nèi)存在著摩擦力，而系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量仍守恒。故A錯(cuò)誤；只要系統(tǒng)所受到合外力為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量一定守恒；故B正確；系統(tǒng)中有一個(gè)物體具有加速度時(shí)，系統(tǒng)的動(dòng)量也可能守恒，比如碰撞過(guò)程，兩個(gè)物體的速度都改變，都有加速度，單個(gè)物體受外力作用，系統(tǒng)的動(dòng)量卻守恒。故C錯(cuò)誤；系統(tǒng)中所有物體的加速度為零時(shí)，系統(tǒng)所受的合外力為零，即系統(tǒng)的總動(dòng)量一定守恒，故D錯(cuò)誤；故選B。

6.關(guān)于盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)的內(nèi)容，下列敘述正確的是（）A.原子是一個(gè)質(zhì)量分布均勻的球體 B.原子的質(zhì)量幾乎全部集中在原子核內(nèi)

C.原子的正電荷和負(fù)電荷全部集中在一個(gè)很小的核內(nèi) D.原子核半徑的數(shù)量級(jí)是【答案】B

學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...學(xué)_科_網(wǎng)...7.一定質(zhì)量的氣體做等壓變化時(shí)，其

圖象如圖所示，若保持氣體質(zhì)量不變，使氣體的壓強(qiáng)增大后，再

讓氣體做等壓變化，則其等壓線與原來(lái)相比，下列可能正確的是（）

A.等壓線與軸之間夾角變大 B.等壓線與軸之間夾角不變 C.等壓線與軸交點(diǎn)的位置不變 D.等壓線與軸交點(diǎn)的位置一定改變 【答案】C 【解析】質(zhì)量不變，壓強(qiáng)增大后，根據(jù)

＝C可知，的比值將減小；故圖象的斜率減小；等壓線與t軸夾角變?。还蔄B錯(cuò)誤；由于等壓線一定過(guò)熱力學(xué)溫度的0點(diǎn)，故一定交與-273℃處；故等壓線與t軸交點(diǎn)的位置不變；故C正確，D錯(cuò)誤；故選C。

8.在一個(gè)密閉隔熱的房間里，有一電冰箱正在工作，如果打開(kāi)電冰箱的門，過(guò)一段時(shí)間后房間的溫度會(huì)（）A.降低 B.不變 C.升高 D.無(wú)法判斷 【答案】C 【解析】冰箱只是把冰箱內(nèi)的熱量移到外面，但在絕熱的密封艙中，冰箱門打開(kāi)，整個(gè)房間內(nèi)的熱量應(yīng)該是不變的，由于整個(gè)過(guò)程中只有電在做功，產(chǎn)生焦耳熱，電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)能量守恒可知室內(nèi)溫度升高了。故選C。

點(diǎn)睛：冰箱、空調(diào)等溫控設(shè)備在調(diào)節(jié)局部空間溫度時(shí)，要消耗電能，電能最終轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，使環(huán)境溫度升高。

二、多項(xiàng)選擇題

9.如圖所示為一定量的氧氣分子在0℃和100℃兩種不同情況下的意率分布情況，由圖可以判斷以下說(shuō)法中正確的是（）

A.溫度升高，所有分子的運(yùn)動(dòng)速率均變大 B.溫度越高，分子的平均地率的小

C.0℃和100℃時(shí)氧氣分子的速率都呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布特點(diǎn) D.100℃的氧氣與0℃的氧氣相比，速率大的分子所占的比例大 【答案】CD 【解析】試題分析：溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，平均運(yùn)動(dòng)速率增大，但有些分子的運(yùn)動(dòng)速率可能減小，從圖中可以看出溫度高時(shí)，速率大的分子所占比例較大，A、B錯(cuò)誤，C、D正確． 考點(diǎn)：本題考查了溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志。

點(diǎn)評(píng)：解答本題的關(guān)鍵是結(jié)合不同溫度下的分子速率分布曲線理解溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志的含義，對(duì)于物理學(xué)中的基本概念和規(guī)律要深入理解，理解其實(shí)質(zhì)，不能只是停留在表面上，同時(shí)要通過(guò)練習(xí)加強(qiáng)理解．

10.在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋，水燒開(kāi)后，鍋內(nèi)水面上方充滿飽和汽，停止加熱，高壓鍋在密封狀態(tài)下最冷卻，在冷卻過(guò)程中，鍋內(nèi)水蒸氣的變化情況為（）A.壓強(qiáng)變小 B.壓強(qiáng)不變 C.一直是飽和汽 D.變?yōu)槲达柡推?【答案】AC 【解析】水上方蒸汽的氣壓叫飽和氣壓，只與溫度有關(guān)，只要下面還有水，那就是處于飽和狀態(tài)，飽和氣壓隨著溫度的降低而減小，AC正確，BD錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】考查飽和汽和飽和汽壓等概念的理解，關(guān)于這兩個(gè)概念注意：飽和汽壓隨溫度的升高而增大，飽和氣壓與蒸汽所占的體積無(wú)關(guān)，與該蒸汽中有無(wú)其他氣體也無(wú)關(guān)，不能用氣體實(shí)驗(yàn)定律分析，這是飽和氣體，不是理想氣體，對(duì)于未飽和汽，氣體實(shí)驗(yàn)定律近似適用． 11.關(guān)于電荷量，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體的帶電荷量可以是任意值 B.物體的帶電荷量只能是某些值 C.物體的帶電荷量的最小值為D.一個(gè)物體帶【答案】BCD 【解析】物體的帶電荷量只能是元電荷的整數(shù)倍，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；物體的帶電荷量的最小值為1．6×10－19 C，選項(xiàng)C正確；一個(gè)物體帶1.6×10－9 C的正電荷，這是它失去了故，選項(xiàng)D正確；故選BCD.個(gè)電子的緣

個(gè)電子的緣故 的正電荷，這是它失去了12.若以M表示水的摩爾質(zhì)量，V表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的密度，表示阿伏加德羅常數(shù)，A.B.、C.分別示每個(gè)水分子的質(zhì)量和體積，下面關(guān)系正確的有（）

D.【答案】AD 【解析】因?yàn)?摩爾水含有阿伏加德羅常數(shù)個(gè)水分子，則每個(gè)水分子的質(zhì)量 m0=

；標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積 V=，則，選項(xiàng)AD正確；，式中的V0′應(yīng)該是一個(gè)水分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；AD。，式中的V0′應(yīng)該是一個(gè)水分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選點(diǎn)睛：本題要理解阿伏加德羅常數(shù)NA是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，抓住它的含義，來(lái)理解分子質(zhì)量和摩爾質(zhì)量的關(guān)系；注意區(qū)別水分子的體積和水蒸氣中一個(gè)水分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積的不同． 13.一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)沿如圖所示的圓周變化，則該氣體體積變化的情況是（）

A.沿B.沿C.沿D.沿，逐步減小，先逐步增大后逐步減小，逐步減小，逐步減小

【答案】BC 【解析】由理想氣體狀態(tài)方程PV/T=C可知，V=CT/P；由圖象可知，沿a→b，氣體壓強(qiáng)減小而溫度升高，則氣體體積變大，故A錯(cuò)誤；由圖象可知，沿b→c，壓強(qiáng)變大溫度升高，而P與T的比值先逐漸減小，后逐漸增大，則氣體體積先增大后減小，故B正確；沿c→d過(guò)程中，P/T逐漸變大，則氣體體積逐漸減小，故C正確；沿d→a，P/T先增大后減小，則氣體體積先減小后增大，故D錯(cuò)誤；故選BC。

點(diǎn)睛：此題由理想氣體狀態(tài)方程求出V的表達(dá)式，由圖象判斷出T/P，即圖線各點(diǎn)斜率的倒數(shù)如何變化即可判斷出氣體體積如何變化．

14.一粒珠從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始自由下落，然后陷入泥潭中，若把其在空中下落的過(guò)程稱為過(guò)程I，進(jìn)入泥潭起到停止的過(guò)稱為過(guò)程Ⅱ，則（）A.過(guò)程I中鋼珠的動(dòng)量的該變量等子重力的沖量

B.過(guò)程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過(guò)程I中重力的沖量的大小 C.I、Ⅱ兩個(gè)過(guò)程中合外力的總沖量等于零 D.過(guò)程Ⅱ中鋼珠的動(dòng)量的改變量等于零 【答案】AC 【解析】過(guò)程Ⅰ中鋼珠所受外力只有重力，由動(dòng)量定理可知，鋼珠動(dòng)量的改變等于重力的沖量，故A正確；過(guò)程Ⅱ中，鋼珠所受外力有重力和阻力，所以過(guò)程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過(guò)程Ⅰ中重力的沖量大小與過(guò)程Ⅱ中重力沖量大小的和,故B錯(cuò)誤；在整個(gè)過(guò)程中，鋼珠動(dòng)量的變化量為零，由動(dòng)量定理可知，Ⅰ、Ⅱ兩個(gè)過(guò)程中合外力的總沖量等零，故C正確；過(guò)程Ⅱ中鋼珠所受合外力的沖量不為零，由動(dòng)量定理可知，過(guò)程Ⅱ中鋼珠的動(dòng)量的改變量不等于零，故D錯(cuò)誤。所以AC正確，BD錯(cuò)誤。15.如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，若用能量為的光子去照射大量處于基態(tài)的氫原子，則（）

A.氫原子能從基態(tài)躍遷到n＝4的激發(fā)態(tài)上去 B.有的氫原子能從基態(tài)躍遷到的激發(fā)態(tài)上去

C.氫原子最多能發(fā)射3種波長(zhǎng)不同的光 D.氫原子最多能發(fā)射6種波長(zhǎng)不同的光 【答案】AD 【解析】由氫原子的能級(jí)圖得到，n=4的激發(fā)態(tài)與基態(tài)的能級(jí)差為△E=E4-E1=-0.85eV-（-13.6eV）=12.75eV，所以用能量為12.75eV的光子去照射大量處于基態(tài)的氫原子，氫原子能從基態(tài)躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)上去。故A正確，B錯(cuò)誤。氫原子吸收光子的能量躍遷到n=4的激發(fā)態(tài)后，向低能級(jí)躍遷時(shí)，任意兩個(gè)能級(jí)之間發(fā)生一次躍遷，共發(fā)射=6種波長(zhǎng)不同的光。故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。故選AD。

點(diǎn)睛：注意當(dāng)入射光的能量小于氫原子的電離能時(shí)，只能吸收能量恰好等于兩個(gè)能級(jí)之差的光子；從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)最多能輻射的光子種類是．

三、簡(jiǎn)答題

16.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)方法及步驟如下： ①內(nèi)體積油酸中酒精，直至總量達(dá)到；

②用注射吸取①中油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，當(dāng)?shù)稳?5滴時(shí)，測(cè)得其體積恰好是

③先往邊長(zhǎng)的淺盤里倒入2cm深的水，然后將痱子粉均勻地撒在水面上；

④用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，待油酸在水面上盡可能散開(kāi)，將事先準(zhǔn)備好的帶方格的塑料蓋板放在淺盤上，并在塑料板上描下油酸膜的形狀； ⑤描出的輪廓如圖所示，已知每個(gè)小正方形的邊長(zhǎng)積S；

⑥結(jié)合以上數(shù)據(jù)，可計(jì)算得到油酸分子的直徑D； 根據(jù)以上信息，回答下列問(wèn)題：，數(shù)出輪廓內(nèi)正方形的個(gè)數(shù)，可以算出油酸膜的面

（1）步驟④中要讓油膜盡可能放開(kāi)的原因是____________；（2）油酸膜的面積S是_____

；

（3）油酸分子的直徑D是_______m，（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）【答案】

(1).讓油膜在水平面上形成單分子油膜；

(2).【解析】在該實(shí)驗(yàn)中，由于油酸薄膜的邊緣在水中不易觀察和畫出，因此淺盤中倒入水后，將痱子粉或石膏粉均勻撒在水面上，以便于操作．

（1）實(shí)驗(yàn)中要讓油膜盡可能散開(kāi)，目的是形成單分子油膜層．

（2）由圖示可知，由于每格邊長(zhǎng)為2cm，則每一格就是4cm2，估算油膜面積以超過(guò)半格以一格計(jì)算，小于4cm2＝300cm2.半格就舍去的原則，估算，75格．則油酸薄膜面積S＝75×（3）1滴油酸酒精溶液中純油酸的體積

（之間均可）

(3).油酸分子的直徑 點(diǎn)睛：此實(shí)驗(yàn)中是將油酸分子在水面上以球模型一個(gè)靠一個(gè)排列的，且估算油膜面積以超過(guò)半格以一格計(jì)算，小于半格就舍去的原則．

17.如圖所示是一平面上晶體物質(zhì)微粒的排列情況，圖中三條等長(zhǎng)線AB、AC、AD上物質(zhì)微粒的數(shù)目均 _____（填“相同”取“不同”），由此得出晶體具有______的性質(zhì)（填“各向同性”或各向異性”）。

【答案】

(1).不同

(2).各向異性

【解析】三條等長(zhǎng)線AB、AC、AD上物質(zhì)微粒的數(shù)目不同，則晶體沿各個(gè)方向的導(dǎo)熱、導(dǎo)電性能等等都不同，表現(xiàn)為各向異性．

18.如圖所示，某種自動(dòng)洗衣機(jī)進(jìn)水時(shí)，洗衣機(jī)缸內(nèi)水位升高，與洗衣缸相連的細(xì)管中會(huì)封閉一定質(zhì)量的空氣，通過(guò)壓力傳感器感知管中的空氣壓力，從而控制進(jìn)水量。當(dāng)洗衣缸內(nèi)水位緩慢升高時(shí)，設(shè)細(xì)管內(nèi)空氣溫度不變，若密閉的空氣可視為理想氣體，在上述空氣體積變化的過(guò)程中，外界對(duì)空氣做了的功，則空氣____（選填“吸收”或“放出”）了____J的熱量：當(dāng)洗完衣服缸內(nèi)水位迅速降低時(shí)，則空氣的內(nèi)能_____（選填“增加”或“減小”）。

【答案】

(1).放出

(2).(3).減小

【解析】由公式E=Q+W知，溫度不變則E=0，外界對(duì)空氣做了0.6J的功，W=0.6J，所以Q=-0.6J，負(fù)號(hào)說(shuō)明空氣放出了0.6J的熱量；缸內(nèi)水位迅速降低時(shí)，則空氣的體積膨脹，對(duì)外做功，W＜0，瞬間時(shí)Q=0，所以U＜0，即氣體內(nèi)能減?。?/p>

點(diǎn)睛：做此類題目時(shí)，記住公式U=Q+W，理解各物理量的含義，正負(fù)代表什么意思，注意過(guò)程很短的過(guò)程可認(rèn)為是絕熱過(guò)程，即Q=0．

19.一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A，變化過(guò)程如圖所示，其中A到B曲線為雙曲線中的一支，圖中和為已知量。

（1）從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是_____（填“等溫”“等容”或“等壓”）過(guò)程；（2）從B到C的過(guò)程中，氣體做功大小為_(kāi)______；

（3）從A經(jīng)狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A的過(guò)程中，氣體吸放熱情況為_(kāi)_____（填“吸熱”“放熱”或“無(wú)吸放熱”）?！敬鸢浮?/p>

(1).等溫

(2).(3).放熱

=C得知?dú)怏w的溫度【解析】（1）據(jù)題知A到B曲線為雙曲線，說(shuō)明p與V成反比，即pV為定值，由不變，即從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是等溫過(guò)程．

（2）從B到C的過(guò)程中，氣體做功大小等于BC線與V軸所圍的“面積”大小，故有： W=×（p0+2p0）×V0=p0V0；

（3）氣體從A經(jīng)狀態(tài)B，再到C氣體對(duì)外做功，從C到A外界對(duì)氣體，根據(jù)“面積”表示氣體做功可知：整個(gè)過(guò)程氣體對(duì)外做功小于外界對(duì)氣體做功，而內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得知?dú)怏w要放熱． 點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵是知道p-V圖象中的雙曲線表示等溫線，圖線與V軸所圍的“面積”等于氣體做功的大小，能熟練運(yùn)用氣態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律進(jìn)行研究這類問(wèn)題．

四、計(jì)算論述題

20.空調(diào)在制冷過(guò)程中，室內(nèi)空氣中的水蒸氣接觸蒸發(fā)器（銅管）液化成水，經(jīng)排水管排走，空氣中水份越來(lái)越少，人會(huì)感覺(jué)干燥。某空調(diào)工作一段時(shí)間后，排出液化水的體積、摩爾質(zhì)量留一位有效數(shù)字）

（1）該液化水中含有水分子的總數(shù)N；（2）一個(gè)水分子的直徑d?！敬鸢浮浚?）個(gè)（2），阿伏伽德羅常數(shù)

。已知水的密度。試求：（結(jié)果均?！窘馕觥浚?）水的摩爾體積為

=1.8×10-5 m3/mol 水分子數(shù)：

≈3×1025個(gè)

（2）建立水分子的球模型設(shè)其直徑為d，每個(gè)水分子的體積為，則有

故水分子直徑21.如圖所示，光滑水平面上小球A、B分別以撞時(shí)間為，A、B的質(zhì)量均為，求：、的速率相向運(yùn)動(dòng)，碰撞后B球靜止，已知碰

（1）碰撞后A球的速度大?。?/p>

（2）碰撞過(guò)程A對(duì)B平均作用力的大??； 【答案】（1）（2）

【解析】（1）A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)B的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍?由動(dòng)量守恒定律得 mvB-mvA=0+mvA′ 解得 vA′=0.8m/s

（2）對(duì)B，由動(dòng)量定理得 ?△t＝△pB=0-mvB 解得 ＝8N 點(diǎn)睛：對(duì)于碰撞過(guò)程，要掌握其基本規(guī)律：動(dòng)量守恒定律。要知道碰撞、打擊等過(guò)程求作用力要根據(jù)動(dòng)量定理，不能根據(jù)牛頓定律，因?yàn)槲矬w間相互作用力是變力。22.如圖所示，氫原子從n＞2的某一能級(jí)躍遷到的能級(jí)上，輻射出能量為的光子；

（1）躍遷過(guò)程中電子動(dòng)能和原子能量如何變化？

（2）要給基態(tài)的氫原子最少提供多少電子伏特的能量，オ能使它輻射出上述能量的光子？（3）在圖中畫出獲得該能量后氫原子可能的躍還情況?！敬鸢浮浚?）動(dòng)能增大，原子能量減?。?）（3）躍遷圖如圖所示：

【解析】（1）氫原子從高能級(jí)到n=2能級(jí)躍遷時(shí)，要輻射光子，則原子的總能量要減小，電子的軌道半徑減小，根據(jù)可得，則電子的動(dòng)能變大；

（2）氫原子從n＞2的某一能級(jí)躍遷到n=2的能級(jí)，輻射光子的頻率應(yīng)滿足：hν=En-E2=2.55 eV，則En=hν+E2=-0.85 eV 解得：n=4 基態(tài)氫原子要躍遷到n=4的能級(jí)，應(yīng)提供的能量為：△E=E4-E1=12.75 eV．（3）如圖所示；

23.如圖所示，豎直放置的汽缸內(nèi)壁光滑，橫截面積為，活塞的質(zhì)量為，厚度不計(jì)。在A、B，A、B之間的容積為，溫度為，兩處設(shè)有限制裝置，使活塞只能在A、B之間運(yùn)動(dòng)，B下方汽缸的容積為，外界大氣壓強(qiáng)現(xiàn)緩慢加熱缸內(nèi)氣體，直至327℃。求：

。開(kāi)始時(shí)活塞停在B處，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為

（1）活塞剛離開(kāi)B處時(shí)氣體的溫度；（2）缸內(nèi)氣體最后的壓強(qiáng)；（3）在圖（乙）中畫出整個(gè)過(guò)程中的【答案】（1）（3）如圖所示：（2）

圖線。

第三篇：江蘇省泰州中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題原卷

江蘇省泰州中學(xué)2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題

一、單項(xiàng)選擇題

1.如圖所示，把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，它的尖端變鈍了。產(chǎn)生這一現(xiàn)象的原因是（）

A.玻璃是非晶體，熔化再凝固變成晶體 B.玻璃是晶體，熔化再凝固后變成非晶體 C.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為引力使其表面繃緊 D.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為斥力使其表面擴(kuò)張

2.如圖是某噴水壺示意圖。未噴水時(shí)閥門K閉合，壓下壓桿A可向瓶?jī)?nèi)儲(chǔ)氣室充氣；多次充氣后按下按柄B打開(kāi)閥門K，水會(huì)自動(dòng)經(jīng)導(dǎo)管從噴嘴處噴出。儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣和噴水過(guò)程溫度保持不變，則（）

學(xué).科.網(wǎng)...學(xué).科.網(wǎng)...學(xué).科.網(wǎng)...A.充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體內(nèi)能增大 B.充氣過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體分子平均動(dòng)能增大 C.噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體放熱 D.噴水過(guò)程中，儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大 3.下列說(shuō)法中正確的是（）A，布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng) B．對(duì)一定質(zhì)量的氣體加熱，其內(nèi)能一定增加

C．物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大

D．分子間吸引力隨分子間距離的增大而增大，而排斥力隨距離的增大而減小 4.甲和乙兩個(gè)分子，設(shè)甲固定不動(dòng)，乙從無(wú)窮遠(yuǎn)處（此時(shí)分子間的分子力可忽略，取分子勢(shì)能為0）逐漸向甲靠近直到不能再靠近的過(guò)中（）A.分子間的引力和斥力都在減小 B.分子間作用力的合力增大 C.分子間的力先做負(fù)功后做正功 D.分子勢(shì)能先減小后增大

5.關(guān)于系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件，下列說(shuō)法正確的是（）A.只要系統(tǒng)內(nèi)存在摩擦力，系統(tǒng)動(dòng)量就不可能守恒 B.只要系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量就守恒 C.只要系統(tǒng)中有一個(gè)物體具有加遠(yuǎn)度，系統(tǒng)動(dòng)量就不守恒 D.系統(tǒng)中所有物體的加速度為零時(shí)，系統(tǒng)的總動(dòng)量不一定守恒 6.關(guān)于盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)的內(nèi)容，下列敘述正確的是（）A.原子是一個(gè)質(zhì)量分布均勻的球體 B.原子的質(zhì)量幾乎全部集中在原子核內(nèi)

C.原子的正電荷和負(fù)電荷全部集中在一個(gè)很小的核內(nèi) D.原子核半徑的數(shù)量級(jí)是

圖象如圖所示，若保持氣體質(zhì)量不變，使氣體的壓強(qiáng)增大后，再7.一定質(zhì)量的氣體做等壓變化時(shí)，其讓氣體做等壓變化，則其等壓線與原來(lái)相比，下列可能正確的是（）

A.等壓線與軸之間夾角變大 B.等壓線與軸之間夾角不變 C.等壓線與軸交點(diǎn)的位置不變 D.等壓線與軸交點(diǎn)的位置一定改變

8.在一個(gè)密閉隔熱的房間里，有一電冰箱正在工作，如果打開(kāi)電冰箱的門，過(guò)一段時(shí)間后房間的溫度會(huì)（）A.降低 B.不變 C.升高 D.無(wú)法判斷

二、多項(xiàng)選擇題

9.如圖所示為一定量的氧氣分子在0℃和100℃兩種不同情況下的意率分布情況，由圖可以判斷以下說(shuō)法中正確的是（）

A.溫度升高，所有分子的運(yùn)動(dòng)速率均變大 B.溫度越高，分子的平均地率的小

C.0℃和100℃時(shí)氧氣分子的速率都呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布特點(diǎn) D.100℃的氧氣與0℃的氧氣相比，速率大的分子所占的比例大

10.在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋，水燒開(kāi)后，鍋內(nèi)水面上方充滿飽和汽，停止加熱，高壓鍋在密封狀態(tài)下最冷卻，在冷卻過(guò)程中，鍋內(nèi)水蒸氣的變化情況為（）A.壓強(qiáng)變小 B.壓強(qiáng)不變 C.一直是飽和汽 D.變?yōu)槲达柡推?/p>

11.關(guān)于電荷量，下列說(shuō)法正確的是（）A.物體的帶電荷量可以是任意值 B.物體的帶電荷量只能是某些值 C.物體的帶電荷量的最小值為D.一個(gè)物體帶

個(gè)電子的緣故 的正電荷，這是它失去了12.若以M表示水的摩爾質(zhì)量，V表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，表示在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下水蒸氣的密度，表示阿伏加德羅常數(shù)，A.B.、分別示每個(gè)水分子的質(zhì)量和體積，下面關(guān)系正確的有（）

D.C.13.一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)沿如圖所示的圓周變化，則該氣體體積變化的情況是（）

A.沿B.沿C.沿D.沿，逐步減小，先逐步增大后逐步減小，逐步減小，逐步減小

14.一粒珠從靜止?fàn)顟B(tài)開(kāi)始自由下落，然后陷入泥潭中，若把其在空中下落的過(guò)程稱為過(guò)程I，進(jìn)入泥潭起到停止的過(guò)稱為過(guò)程Ⅱ，則（）

A.過(guò)程I中鋼珠的動(dòng)量的該變量等子重力的沖量

B.過(guò)程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過(guò)程I中重力的沖量的大小 C.I、Ⅱ兩個(gè)過(guò)程中合外力的總沖量等于零 D.過(guò)程Ⅱ中鋼珠的動(dòng)量的改變量等于零 15.如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，若用能量為的光子去照射大量處于基態(tài)的氫原子，則（）

A.氫原子能從基態(tài)躍遷到n＝4的激發(fā)態(tài)上去 B.有的氫原子能從基態(tài)躍遷到的激發(fā)態(tài)上去

C.氫原子最多能發(fā)射3種波長(zhǎng)不同的光 D.氫原子最多能發(fā)射6種波長(zhǎng)不同的光

三、簡(jiǎn)答題

16.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)方法及步驟如下： ①內(nèi)體積油酸中酒精，直至總量達(dá)到

；

②用注射吸取①中油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，當(dāng)?shù)稳?5滴時(shí)，測(cè)得其體積恰好是

③先往邊長(zhǎng)的淺盤里倒入2cm深的水，然后將痱子粉均勻地撒在水面上； ④用注射器往水面上滴一滴油酸酒精溶液，待油酸在水面上盡可能散開(kāi)，將事先準(zhǔn)備好的帶方格的塑料蓋板放在淺盤上，并在塑料板上描下油酸膜的形狀； ⑤描出的輪廓如圖所示，已知每個(gè)小正方形的邊長(zhǎng)積S；

⑥結(jié)合以上數(shù)據(jù)，可計(jì)算得到油酸分子的直徑D； 根據(jù)以上信息，回答下列問(wèn)題：，數(shù)出輪廓內(nèi)正方形的個(gè)數(shù)，可以算出油酸膜的面

（1）步驟④中要讓油膜盡可能放開(kāi)的原因是____________；（2）油酸膜的面積S是_____

；

（3）油酸分子的直徑D是_______m，（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）

17.如圖所示是一平面上晶體物質(zhì)微粒的排列情況，圖中三條等長(zhǎng)線AB、AC、AD上物質(zhì)微粒的數(shù)目均 _____（填“相同”取“不同”），由此得出晶體具有______的性質(zhì)（填“各向同性”或各向異性”）。

18.如圖所示，某種自動(dòng)洗衣機(jī)進(jìn)水時(shí)，洗衣機(jī)缸內(nèi)水位升高，與洗衣缸相連的細(xì)管中會(huì)封閉一定質(zhì)量的空氣，通過(guò)壓力傳感器感知管中的空氣壓力，從而控制進(jìn)水量。當(dāng)洗衣缸內(nèi)水位緩慢升高時(shí)，設(shè)細(xì)管內(nèi)空氣溫度不變，若密閉的空氣可視為理想氣體，在上述空氣體積變化的過(guò)程中，外界對(duì)空氣做了的功，則空氣____（選填“吸收”或“放出”）了____J的熱量：當(dāng)洗完衣服缸內(nèi)水位迅速降低時(shí)，則空氣的內(nèi)能_____（選填“增加”或“減小”）。

19.一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A，變化過(guò)程如圖所示，其中A到B曲線為雙曲線中的一支，圖中和為已知量。

（1）從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是_____（填“等溫”“等容”或“等壓”）過(guò)程；（2）從B到C的過(guò)程中，氣體做功大小為_(kāi)______；

（3）從A經(jīng)狀態(tài)B、C再回到狀態(tài)A的過(guò)程中，氣體吸放熱情況為_(kāi)_____（填“吸熱”“放熱”或“無(wú)吸放熱”）。

四、計(jì)算論述題

20.空調(diào)在制冷過(guò)程中，室內(nèi)空氣中的水蒸氣接觸蒸發(fā)器（銅管）液化成水，經(jīng)排水管排走，空氣中水份越來(lái)越少，人會(huì)感覺(jué)干燥。某空調(diào)工作一段時(shí)間后，排出液化水的體積、摩爾質(zhì)量留一位有效數(shù)字）

（1）該液化水中含有水分子的總數(shù)N；（2）一個(gè)水分子的直徑d。

21.如圖所示，光滑水平面上小球A、B分別以撞時(shí)間為，A、B的質(zhì)量均為，求：、的速率相向運(yùn)動(dòng)，碰撞后B球靜止，已知碰，阿伏伽德羅常數(shù)

。已知水的密度。試求：（結(jié)果均保

（1）碰撞后A球的速度大小；

（2）碰撞過(guò)程A對(duì)B平均作用力的大?。?22.如圖所示，氫原子從n＞2的某一能級(jí)躍遷到的能級(jí)上，輻射出能量為的光子；

（1）躍遷過(guò)程中電子動(dòng)能和原子能量如何變化？

（2）要給基態(tài)的氫原子最少提供多少電子伏特的能量，オ能使它輻射出上述能量的光子？（3）在圖中畫出獲得該能量后氫原子可能的躍還情況。23.如圖所示，豎直放置的汽缸內(nèi)壁光滑，橫截面積為，活塞的質(zhì)量為，厚度不計(jì)。在A、B，A、B之間的容積為，溫度為，兩處設(shè)有限制裝置，使活塞只能在A、B之間運(yùn)動(dòng)，B下方汽缸的容積為，外界大氣壓強(qiáng)現(xiàn)緩慢加熱缸內(nèi)氣體，直至327℃。求：

。開(kāi)始時(shí)活塞停在B處，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為

（1）活塞剛離開(kāi)B處時(shí)氣體的溫度；（2）缸內(nèi)氣體最后的壓強(qiáng)；（3）在圖（乙）中畫出整個(gè)過(guò)程中的

圖線。

第四篇：云南省安寧市實(shí)驗(yàn)石江學(xué)校2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題 含答案

云南省安寧市實(shí)驗(yàn)石江學(xué)校2017-2018學(xué)年下學(xué)期期中

高二物理

本試卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷兩部分，共100分，考試時(shí)間90分鐘。

學(xué)校：___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________

分卷I

一、單選題(共10小題,每小題3.0分,共30分)1.許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列敘述中符合物理學(xué)史實(shí)的是()A． 牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量 B． 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律 C． 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律

D． 伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因

2.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框旋轉(zhuǎn)在光滑絕緣的水平面上，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN和PQ為磁場(chǎng)邊界，磁場(chǎng)寬度為

L.開(kāi)始時(shí)，線框的頂點(diǎn)d恰在磁場(chǎng)邊界上，且對(duì)角線bc與磁場(chǎng)邊界平行，現(xiàn)用外力使線框沿與磁場(chǎng)邊界垂直的方向勻速運(yùn)動(dòng)，則在穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框中的電流I(以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎?和外力的功率P隨時(shí)間變化正確的圖象為()

A．B． C．D．

3.下列做法中可能產(chǎn)生渦流的是()A． 把金屬塊放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中 B． 讓金屬塊在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速運(yùn)動(dòng) C． 讓金屬塊在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做變速運(yùn)動(dòng) D． 把金屬塊放在變化的磁場(chǎng)中

4.如圖所示，一條形磁鐵從靜止開(kāi)始向下穿過(guò)一個(gè)用雙線繞成的閉合線圈，條形磁鐵在穿過(guò)線圈的過(guò)程中()A． 做自由落體運(yùn)動(dòng) B． 做減速運(yùn)動(dòng) C． 做勻速運(yùn)動(dòng) D． 做非勻變速運(yùn)動(dòng)

5.如圖所示，兩個(gè)閉合正方形線框A、B的中心重合，放在同一水平面內(nèi)．當(dāng)小線框A中通有不斷增大的順時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，對(duì)于線框B，下()A． 有順時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣惺湛s的趨勢(shì) B． 有順時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣袛U(kuò)張的趨勢(shì) C． 有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣惺湛s的趨勢(shì) D． 有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏髑矣袛U(kuò)張的趨勢(shì)

6.如圖，有一理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)比為n，原線圈接正弦交流電壓U，輸出端接有一個(gè)交流電流表和一個(gè)電動(dòng)機(jī)．電動(dòng)機(jī)線圈電阻為R.當(dāng)輸入端接通電源后，電流表讀數(shù)為I，列說(shuō)法中正確的是電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)一重物勻速上升，下列判斷正確的是()A． 原線圈中的電流為 B． 電動(dòng)機(jī)消耗的功率為IU C． 電動(dòng)機(jī)兩端電壓為IR D． 變壓器的輸入功率為IU

7.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖甲所示，產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的圖象如圖乙所示，則()

A．t＝0.005 s時(shí)線框的磁通量變化率為零 B．t＝0.01 s時(shí)線框平面與中性面重合 C． 線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的有效值為311 V D． 線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的頻率為100 Hz 8.某矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e＝Emsinωt.若將線圈的轉(zhuǎn)速增加1倍，保持其他條件不變，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為()A．e＝Emsin 2ωtB．e＝2Emsin 2ωt C．e＝2Emsin 4ωtD．e＝4Emsin 2ωt

9.遠(yuǎn)距離輸電的原理如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，輸電線上的電阻為R，變壓器為理想變壓器，則下列關(guān)系式中正確的是()A．＝

B．I2＝

C．I1U1＝IR D．I1U1＝I2U2

10.下列選項(xiàng)中哪個(gè)不是交流電的有效值()A． 交流電壓表的讀數(shù) B． 保險(xiǎn)絲的熔斷電流 C． 電容器的擊穿電壓 D． 電動(dòng)機(jī)銘牌上的額定電壓

二、多選題(共4小題,每小題4.0分,共16分)11.(多選)如圖a所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線管Q，P和Q共軸，Q中通有變化電流i，電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖b所示．P所受的重力為G，桌面對(duì)P的支持力為FN，則

()

A．t1時(shí)刻FN＞G，P有收縮的趨勢(shì)．

B．t2時(shí)刻FN＝G，此時(shí)穿過(guò)P的磁通量最大． C．t3時(shí)刻FN＝G，此時(shí)P中無(wú)感應(yīng)電流． D．t4時(shí)刻FN＜G，此時(shí)穿過(guò)P的磁通量最?。?/p>

12.(多選)某學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)了一種發(fā)電裝置如圖甲所示，圖乙為其俯視圖．將8塊外形相同的磁鐵交錯(cuò)放置組合成一個(gè)高h(yuǎn)＝0.5 m、半徑r＝0.2 m的圓柱體，其可繞固定軸OO'逆時(shí)針(俯視)轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度ω＝100 rad/s.設(shè)圓柱外側(cè)附近每個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B＝0.2 T、方向都垂直于圓柱體側(cè)表面．緊靠圓柱體外側(cè)固定一根與其等高、電阻為R1＝0.5 Ω的細(xì)金屬桿ab，桿與軸OO′平行．圖丙中阻值R＝1.5 Ω的電阻與理想電流表A串聯(lián)后接在桿a、b兩端．下列說(shuō)法正確的是()

A． 電流表A的示數(shù)約為1.41 A B． 桿ab中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝2 V C． 電阻R消耗的電功率為2 W D． 在圓柱體轉(zhuǎn)過(guò)一周的時(shí)間內(nèi)，流過(guò)電流表A的總電荷量為零

13.(多選)如圖甲、乙兩圖是電子技術(shù)中的常用電路，a、b是各部分電路的輸入端，其中輸入的交流高頻成分用“～～～”表示，交流低頻成分用“～”表示，直流成分用“—”表示．關(guān)于兩圖中負(fù)載電阻R上得到的電流特征是()

A． 圖甲中R得到的是交流成分 B． 圖甲中R得到的是直流成分 C． 圖乙中R得到的是低頻成分 D． 圖乙中R得到的是高頻成分

14.(多選)如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為20∶1，R1＝10 Ω，R2＝20 Ω，電容器電容C＝100 μF.已知電阻R1兩端的正弦交流電壓如圖乙所示，則()

A． 原線圈輸入電壓的最大值為400 V B． 交流電的頻率為100 Hz C． 電容器所帶電荷量恒為2×10C D． 電阻R1消耗的電功率為20 W

分卷II

－

3三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題,共15分)15.用螺旋測(cè)微器測(cè)某一圓柱體直徑，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為 mm；用游標(biāo)卡尺測(cè)量某工件的外徑時(shí)，示數(shù)如圖乙所示，則讀數(shù)為 mm．

16.要測(cè)繪額定電壓為2 V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇： A．電源E（電動(dòng)勢(shì)3.0 V，內(nèi)阻可不計(jì)）B．電壓表V1(量程為0~3.0 V，內(nèi)阻約2 kΩ)C．電壓表V2(0~15.0 V，內(nèi)阻約6 kΩ D．電流表A1(0~0.6 A，內(nèi)阻約1 Ω)E．電流表A2(0~100 mA，內(nèi)阻約2 Ω)F．滑動(dòng)變阻器R1（最大值10 Ω）G．滑動(dòng)變阻器R2（最大值2 kΩ）

（1）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇，電流表應(yīng)選擇，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇.（填各器材的序號(hào)）

（2）為提高實(shí)驗(yàn)精度，請(qǐng)你設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，并畫在下面的虛線框中.（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得一組數(shù)據(jù)如下表所示，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線。

（4）該小電珠的額定功率是。

四、計(jì)算題

17.如圖所示，一根電阻為R＝12 Ω的電阻絲做成一個(gè)半徑為r＝1 m的圓形導(dǎo)線框，豎直放置在水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝0.2 T．現(xiàn)有一根質(zhì)量為m＝0.1 kg、電阻不計(jì)的導(dǎo)體棒，自圓形導(dǎo)線框最高點(diǎn)由靜止起沿線框下落，在下落過(guò)程中始終與線框良好接觸，已知下落距離為時(shí)，棒的速度大小為v1＝m/s，下落到經(jīng)過(guò)圓心時(shí)棒的速度大小為v2＝m/s，試求：(取g＝10 m/s2)(1)畫出下落距離為時(shí)的等效電路圖，并求出此時(shí)棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大??；

(2)下落距離為時(shí)棒的加速度的大?。?/p>

(3)從開(kāi)始下落到經(jīng)過(guò)圓心過(guò)程中棒克服安培力做的功及線框中產(chǎn)生的熱量．

18.水平放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌ad和bc，導(dǎo)軌兩端a、b和c、d兩點(diǎn)分別連接電阻R1和R2，組成矩形線框，如圖所示，ad和bc相距L＝0.5 m，放在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝1 T，一根電阻為0.2 Ω的導(dǎo)體棒PQ跨接在兩根金屬導(dǎo)軌上，在外力作用下以4 m/s的速度，向右勻速運(yùn)動(dòng)，如果電阻R1＝0.3 Ω，R2＝0.6 Ω，導(dǎo)軌ad和bc的電阻不計(jì)，導(dǎo)體與導(dǎo)軌接觸良好．求：

(1)導(dǎo)體棒PQ中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小；(2)導(dǎo)體棒PQ上感應(yīng)電流的方向；

(3)導(dǎo)體棒PQ向右勻速滑動(dòng)的過(guò)程中，外力做功的功率．

19.如圖所示是一種自行車上照明用的車頭燈發(fā)電機(jī)的結(jié)構(gòu)示意圖，轉(zhuǎn)軸的一端裝有一對(duì)隨軸轉(zhuǎn)動(dòng)的磁極，另一端裝有摩擦小輪．電樞線圈繞在固定的U形鐵芯上，自行車車輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，通過(guò)摩擦小輪帶動(dòng)磁極轉(zhuǎn)動(dòng)，使線圈中產(chǎn)生正弦交流電，給車頭燈供電．已知自行車車輪半徑r＝35 cm，摩擦小輪半徑r0＝1.00 cm，線圈匝數(shù)N＝800，線圈橫截面積S＝20 cm，總電阻R1＝40 Ω，旋轉(zhuǎn)磁極的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.01 T，車頭燈電阻R2＝10 Ω.當(dāng)車輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω＝8 rad/s時(shí)，求：(1)發(fā)電機(jī)磁極轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；(2)車頭燈中電流的有效值．

20人們利用發(fā)電機(jī)把天然存在的各種形式的能(水能、風(fēng)能、煤燃燒的化學(xué)能等)轉(zhuǎn)化為電能，為了合理地利用這些能源，發(fā)電站要修建在靠近這些天然資源的地方，但是用電的地方往往很遠(yuǎn)，因此，就需要高壓輸送線路把電能輸送到遠(yuǎn)方．如果某發(fā)電站將U＝5 000 V的電壓直接地加在高壓輸送線路的輸入端，向遠(yuǎn)方供電，且輸送的電功率為P＝300 kW.則此時(shí)安裝在高壓輸送線路的入端和終端的電能表一晝夜讀數(shù)就相差ΔE＝2 400 kW·h(1 kW·h＝1度電)．求：

(1)此種情況下，高壓線路的終端功率和輸電效率．

2(2)若要使此高壓輸電線路的輸電效率為97%，則在發(fā)電站處應(yīng)安裝一個(gè)變壓比壓器？

是多少的變

答案解析

1.【答案】B 【解析】牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許測(cè)出了萬(wàn)有引力常量G；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律；伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．故選B.2.【答案】A 【解析】由楞次定律可得開(kāi)始時(shí)電流方向?yàn)檎€框勻速運(yùn)動(dòng)，電動(dòng)勢(shì)均勻變化，而回路電阻不變，所以電流在每個(gè)單調(diào)變化時(shí)間內(nèi)呈線性變化．所以A正確，B錯(cuò)誤；因?yàn)榫€框勻速運(yùn)動(dòng)，由能量守恒知，外力的功率與線框中電流的電功率大小相等，因回路電阻不變，而電流線性變化，所以功率是非線性變化的，所以C、D均錯(cuò)誤． 3.【答案】D 【解析】渦流就是整個(gè)金屬塊中產(chǎn)生的感應(yīng)電流，所以產(chǎn)生渦流的條件就是在金屬塊中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，即穿過(guò)金屬塊的磁通量發(fā)生變化．而A、B、C中磁通量不變化，所以A、B、C錯(cuò)誤；把金屬塊放在變化的磁場(chǎng)中時(shí)，穿過(guò)金屬塊的磁通量發(fā)生了變化，有渦流產(chǎn)生，所以D正確． 4.【答案】A 【解析】雙線繞成的線圈由于兩導(dǎo)線產(chǎn)生的磁通量相互抵消，不會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，所以磁鐵將做自由落體運(yùn)動(dòng)．故選A.5.【答案】D 【解析】根據(jù)右手螺旋定則可得，A中電流的磁場(chǎng)向里且逐漸增大，根據(jù)楞次定律可得，磁場(chǎng)增大，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向外，感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，線框A外的磁場(chǎng)的方向與線框A內(nèi)的磁場(chǎng)的方向相反，當(dāng)線框A內(nèi)的磁場(chǎng)增強(qiáng)時(shí)，線框B具有面積擴(kuò)展的趨勢(shì)，故D正確． 6.【答案】A 【解析】原、副線圈的匝數(shù)比為n，且電流表讀數(shù)為I，則原線圈的電流為，故A正確．電動(dòng)機(jī)消耗的功率與原線圈的輸入功率相同，為，B、D錯(cuò)誤．電動(dòng)機(jī)電路屬于非純電阻電路，則歐姆定律不適用，因此電動(dòng)機(jī)兩端的電壓不能為IR，故C錯(cuò)誤． 7.【答案】B 【解析】由題圖乙可知該正弦交變電動(dòng)勢(shì)的電壓最大值為311 V，周期等于0.02 s，因此，根據(jù)正弦交變電動(dòng)勢(shì)的最大值與有效值之間的關(guān)系式U＝率f＝50 Hz，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；當(dāng)t＝0.005 s時(shí)，e＝n得知選項(xiàng)C錯(cuò)誤；又f＝，則頻

＝311 V，取得最大值，穿過(guò)線圈的磁通量變化率最大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)t＝0.01 s時(shí)，交變電壓及電流方向發(fā)生改變，電壓值最小等于零，線框平面與中性面重合，選項(xiàng)B正確． 8.【答案】B 【解析】根據(jù)公式Em＝NBSω可得交流電的最大值變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，根據(jù)公式ω＝2πn可得角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：e＝2Emsin 2ωt，故選B.9.【答案】D，故A錯(cuò)誤；因U2、I2、R不滿足歐【解析】升壓變壓器電流之比等于匝數(shù)的反比，即＝姆定律公式中物理量之間的對(duì)應(yīng)關(guān)系，故B錯(cuò)誤；升壓變壓器輸出的功率等于導(dǎo)線上消耗的功率及降壓變壓器消耗的功率之和，故C錯(cuò)誤；理想變壓器輸入功率等于輸出功率，I1U1＝I2U2，故D正確． 10.【答案】C 【解析】交流電壓表測(cè)量的是交流電的有效電壓，保險(xiǎn)絲的熔斷電流指有效電流，電動(dòng)機(jī)銘牌上的額定電壓也是指有效電壓，電容器的擊穿電壓，指最大電壓，故選C.11.【答案】AB 【解析】t1時(shí)刻螺線管中電流增大，其形成的磁場(chǎng)不斷增強(qiáng)，因此線圈P中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知線圈P將阻礙其磁通量的增大，故線圈有遠(yuǎn)離和面積收縮的趨勢(shì)，因此此時(shí)FN＞G，故A正確；當(dāng)螺線管中電流不變時(shí)，其形成磁場(chǎng)不變，線圈P中的磁通量不變，因此磁鐵線圈中無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，故t2時(shí)刻FN＝G，此時(shí)穿過(guò)P的磁通量最大，故B正確，D錯(cuò)誤；t3時(shí)刻螺線管中電流為零，但是線圈P中磁通量是變化的，因此此時(shí)線圈中有感應(yīng)電流，且此時(shí)，線圈中磁通量有增大趨勢(shì)，故線圈有遠(yuǎn)離和面積收縮的趨勢(shì)，因此此時(shí)FN＞G，故C錯(cuò)誤． 12.【答案】BD 【解析】導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝Bhv，又v＝ωr；解得E＝2 V；由于ab桿中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E的大小保持不變，所以桿ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝2 V，則電流表A的示數(shù)為I＝＝

＝1 A．故A錯(cuò)誤，B正確．電阻R消耗的電功率為P＝I2R＝12×1.5 W＝1.5 W，故C錯(cuò)誤．由楞次定律判斷可知，通過(guò)電流表的電流方向周期性變化，在一個(gè)周期內(nèi)兩種方向通過(guò)電流表的電量相等，所以在圓柱體轉(zhuǎn)過(guò)一周的時(shí)間內(nèi)，流過(guò)電流表A的總電荷量為零．故D正確．故選B、D.13.【答案】AC 【解析】當(dāng)交變電流加在電容器上時(shí)，有“通交流，隔直流，通高頻、阻低頻”的特性，甲圖中電容器隔直流，R得到的是交流成分，A正確，B錯(cuò)誤；乙圖中電容器能通過(guò)交流高頻成分，阻礙交流低頻成分，R得到的是低頻成分，C正確，D錯(cuò)誤． 14【答案】AD 【解析】由題圖乙可知變壓器輸出的電壓最大值為20 V，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為20∶1，根據(jù)公式＝，可得原線圈輸入電壓的最大值為400 V，A正確；副線圈交流電的周期為0.02 s，頻率為50 Hz，原、副線圈交流電的頻率一致，B不正確；電容器所帶電荷量為Q＝CU≈1.414×10－3C，C不正確；R1消耗的電功率P＝

＝20 W，D正確．

15.【答案】3.550 11.50 【解析】1.螺旋測(cè)微器的固定刻度為3.5 mm，可動(dòng)刻度為5×0.010 mm=0.050 mm，所以最終讀數(shù)為3.5 mm+0.050 mm=3.550 mm．

2.游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：1.1 cm=11 mm，游標(biāo)尺上第10個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為10×0.05 mm=0.50 mm，所以最終讀數(shù)為：11 mm+0.50 mm=11.50 mm． 16.【答案】（1）B D F（2）電路圖如圖所示

（3）如圖所示

（4）1.00 W 【解析】（1）由題意小燈泡額定電壓為2 V，額定電流為0.5 A，故電壓表應(yīng)選B，電流表應(yīng)選D，又描繪伏安特性曲線要求電流從零調(diào)，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器F．

（2）由于小電珠電珠較小，滿足電路圖如圖所示：，電流表應(yīng)用外接法，又變阻器應(yīng)采用分壓式接法，（3）小電珠的伏安特性曲線如圖所示：

（4）由圖可知，當(dāng)電壓為2 V，電流為0.5 A；則功率

17.【答案】(1)等效電路圖見(jiàn)解析圖 0.92 V(2)8.8 m/s2(3)0.44 J 0.44 J 【解析】(1)等效電路圖如圖．

導(dǎo)體棒下落時(shí)，外電路的電阻并聯(lián)后總電阻為R外＝＝R，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝B·2r·cos 30°·v1≈0.92 V(2)F安＝BI·2rcos 30°＝B·

·2rcos 30°，而a＝＝g－＝8.8 m/s2.(3)由開(kāi)始下落到經(jīng)過(guò)圓心，應(yīng)用動(dòng)能定理有mgr－W安＝mv－0，故克服安培力做的功W＝－W安＝mgr－mv≈0.44 J 所以Q＝W＝0.44 J.18.【答案】(1)5 A(2)Q→P(3)10 W 【解析】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E＝BLv＝1×0.5×4.0 V＝2 V，又R外＝＝Ω＝0.2 Ω，則I＝＝A＝5 A(2)根據(jù)右手定則判定電流方向Q→P.(3)F＝F安＝BIL＝1×5×0.5 N＝2.5 N, P＝F·v＝2.5×4 W＝10 W.19.【答案】(1)280 rad/s(2)0.064 A 【解析】(1)旋轉(zhuǎn)磁極與摩擦小輪轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度相等，由于自行車車輪與摩擦小輪之間無(wú)相對(duì)滑動(dòng)．

故有ω0r0＝ωr，ω0＝＝8×rad/s＝280 rad/s.(2)摩擦小輪帶動(dòng)旋轉(zhuǎn)磁極轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈中產(chǎn)生正弦交流電動(dòng)勢(shì)，其最大值為Em＝NBSω0＝800×0.01×20×10－4×280 V＝4.48 V，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E＝

＝V≈3.2 V，通過(guò)燈泡的電流有效值I＝＝A＝0.064 A.20.【答案】(1)200 kW 66.7%(2)＝

【解析】(1)此情況下，終端功率

P′＝P－＝300 kW－＝200 kW.所以輸電效率：η＝＝×100%＝66.7%.(2)設(shè)高壓輸送線路的導(dǎo)線電阻為r，由題意知：原來(lái)線路損耗P損1＝Ir＝100 kW，而UI1＝P，現(xiàn)在線路損耗：P損2＝P×(1－97%)＝Ir＝9 kW，而U′I2＝P，＝，解得：＝.

第五篇：浙江省寧波市諾丁漢大學(xué)附屬中學(xué)2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題 含解析（最終版）

寧波諾丁漢大學(xué)附屬中學(xué)2017-2018學(xué)高二下學(xué)期期中考試

物理試題

一．單項(xiàng)選擇題(本大題共13小題，每小題3分，共39分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題意要求，選對(duì)得3分，不選、多選、錯(cuò)選均不得分.)1.在超高壓帶電作業(yè)中，電工所穿的高壓工作服是用銅絲編織的，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.銅絲編織的衣服不易拉破 B.銅絲電阻小，對(duì)人體起到保護(hù)作用 C.電工被銅絲衣服所包裹，使體內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)為零 D.電工被銅絲衣服所包裹，使體內(nèi)電勢(shì)為零 【答案】C 【解析】屏蔽服的作用是在穿用后，使處于高壓電場(chǎng)中的人體外表面各部位形成一個(gè)等電位屏蔽面，從而防護(hù)人體免受高壓電場(chǎng)及電磁波的危害。等電位說(shuō)明電勢(shì)相等而不是等于0，等電勢(shì)時(shí)電勢(shì)差為0，電場(chǎng)強(qiáng)度為0。所以C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。

【點(diǎn)睛】處在高壓電場(chǎng)中的人體，會(huì)有危險(xiǎn)電流流過(guò)，危及人身安全，因而所有進(jìn)入高電場(chǎng)的工作人員，都應(yīng)穿全套屏蔽服． 帶電作業(yè)屏蔽服又叫等電位均壓服，是采用均勻的導(dǎo)體材料和纖維材料制成的服裝．其作用是在穿用后，使處于高壓電場(chǎng)中的人體外表面各部位形成一個(gè)等電位屏蔽面，從而防護(hù)人體免受高壓電場(chǎng)及電磁波的危害． 成套的屏蔽服裝應(yīng)包括上衣、褲子、帽子、襪子、手套、鞋及其相應(yīng)的連接線和連接頭． 2.關(guān)于物理學(xué)史，下列說(shuō)法中不正確的是（）A.電荷量e的數(shù)值最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根測(cè)得的 B.法拉第不僅提出了場(chǎng)的概念，而且直觀地描繪了場(chǎng)的清晰圖象 C.法拉第通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究確認(rèn)了真空中兩點(diǎn)電荷之間相互作用力的規(guī)律

D.庫(kù)侖在前人工作的基礎(chǔ)上，通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究確認(rèn)了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用力的規(guī)律 【答案】C..................3.如右圖，是某電場(chǎng)中的一條直電場(chǎng)線，一電子(重力不計(jì))從a點(diǎn)由靜止釋放，它將沿直線向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，則可判斷（）

A.該電場(chǎng)一定是勻強(qiáng)電場(chǎng) B.場(chǎng)強(qiáng)Ea一定小于Eb C.電子具有的電勢(shì)能Epa一定大于Epb D.兩點(diǎn)的電勢(shì)φa一定高于φb 【答案】C

考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度，電場(chǎng)線，電勢(shì)

4.一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對(duì)面積、間距和電荷量不變，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢(shì)差U的變化情況是

A.C和U均增大 B.C增大，U減小 C.C減小，U增大 D.C和U均減小 【答案】B 【解析】解：由公式

知，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C增大，由公式

知，電荷量不變時(shí)U減小，B正確． 故選B 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了等容的定義式和決定式的配合應(yīng)用．

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5.如圖為一塊手機(jī)電池的背面印有的一些符號(hào)，下列說(shuō)法不正確的是

A.該電池的容量為500 mA·h B.該電池的電動(dòng)勢(shì)為3.6 V C.該電池在工作1小時(shí)后達(dá)到的電流為500 mA D.若電池以10 mA的電流工作，可用50小時(shí) 【答案】C 【解析】由電池的銘牌讀出：該電池的容量為500mA?h，電動(dòng)勢(shì)為3.6V．故AB正確．由電池的容量可知該電池在連續(xù)工作1小時(shí)時(shí)，電流為I=500mA，不是電池在工作1小時(shí)后達(dá)到的電流為500mA．故C錯(cuò)誤．由q=It得知，若電池以10mA的電流工作，可用50小時(shí)．故D正確．本題選錯(cuò)誤的，故選C.6.如右圖所示，理發(fā)用的電吹風(fēng)機(jī)中有電動(dòng)機(jī)和電熱絲，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)風(fēng)葉轉(zhuǎn)動(dòng)，電熱絲給空氣加熱，得到熱風(fēng)將頭發(fā)吹干，設(shè)電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為R1，它與電熱絲的電阻R2串聯(lián)，接到直流電源上，電吹風(fēng)機(jī)兩端電壓為U，電流為I，消耗的電功率為P，則有

A.P＜UI B.P＝I2(R1＋R2)C.P＞UI D.P＞I2(R1＋R2)【答案】D 【解析】電吹風(fēng)機(jī)消耗的電功率P是總的功率，總功率的大小應(yīng)該是用P=IU來(lái)計(jì)算，所以總功率P=IU，所以AC錯(cuò)誤．電吹風(fēng)機(jī)中發(fā)熱的功率要用IR來(lái)計(jì)算，所以總的發(fā)熱功率為I（R1+R2），吹風(fēng)機(jī)的總功率P=IU要大于發(fā)熱部分的功率，所以B錯(cuò)誤，D正確．故選D． 點(diǎn)睛：對(duì)于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對(duì)于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的．

7.如圖所示，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab垂直圓弧形金屬導(dǎo)軌MN、PQ放置，導(dǎo)軌下端接有電源，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，不計(jì)一切摩擦。現(xiàn)欲使導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上，則下列方法可行的是 A.施加一個(gè)沿ab方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng) B.施加一個(gè)沿ba方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng) C.施加一個(gè)豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng) D.施加一個(gè)豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng) 【答案】C 【解析】導(dǎo)體棒受重力G、支持力F與安培力

作用，重力G與支持力F的合力為

與，導(dǎo)體棒靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，安培力如圖所示

重力等大反向，安培力水平向里，由圖示可知，ab棒中的電流由a指向b，由左手定則可知，磁場(chǎng)豎直向下；故選C?！军c(diǎn)睛】對(duì)導(dǎo)體棒進(jìn)行受力分析，然后由平衡條件判斷出安培力的方向，最后由左手定則判斷磁場(chǎng)的方向．

8.如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，電阻R2為定值電阻，R1為滑動(dòng)變阻器，A、B為水平放置的電容器的上下兩個(gè)極板。當(dāng)滑動(dòng)變阻器R1處于某位置時(shí)，A、B兩板間的帶電油滴恰好懸浮不動(dòng)，則下列說(shuō)法中正確的是

A.兩極板A、B間正對(duì)面積減小其他條件不變時(shí)，油滴將向下運(yùn)動(dòng)

B.移動(dòng)R1的滑動(dòng)觸頭且其他條件不變時(shí)，電壓表的讀數(shù)增大了ΔU，則電阻R2兩端的電壓減小了ΔU C.R1滑動(dòng)觸頭向左移動(dòng)且其他條件不變時(shí)，帶電油滴向上運(yùn)動(dòng) D.R1滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)且其他條件不變時(shí)，R2上消耗的熱功率變小 【答案】D 【解析】?jī)H把兩極板A、B間相對(duì)面積減小，電容器的電壓不變，由

分析得知，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴所受電場(chǎng)力不變，則油滴仍保持靜止。故A錯(cuò)誤。移動(dòng)的滑動(dòng)觸頭且其他條件不變時(shí)，電壓表的讀數(shù)增大了則電阻兩端的電壓減小小于，說(shuō)明變阻器的電阻增大，總電流減小，電源內(nèi)電阻電壓減小，．故B錯(cuò)誤。電容器的電壓等于路端電壓，欲使帶電油滴向上運(yùn)動(dòng)，必須增大路端電壓，則使可變電阻滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)。故C錯(cuò)誤。若將的滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)時(shí)，的電阻增大，總電流減小，即可知的發(fā)熱功率減小。故D正確。故選D?！军c(diǎn)睛】?jī)H把兩極板A、B間相對(duì)面積減小，電容器的電壓不變，由

分析板間場(chǎng)強(qiáng)變化和油滴所受電場(chǎng)力變化，判斷油滴的運(yùn)動(dòng)情況．移動(dòng)的滑動(dòng)觸頭且其他條件不變時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律分析電壓的變化，及帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)功率的表達(dá)式分析功率的變化。

9.美國(guó)研發(fā)的強(qiáng)力武器軌道電磁炮在試射中，將炮彈以5倍音速，擊向200公里外目標(biāo)，射程為海軍常規(guī)武器的10倍，且破壞力驚人。電磁炮原理如圖所示，若炮彈質(zhì)量為m，水平軌道長(zhǎng)L，寬為d，軌道摩擦不計(jì)，炮彈在軌道上做勻加速運(yùn)動(dòng)。要使炮彈達(dá)到5倍音速(設(shè)音速為v)，則

A.炮彈在軌道上的加速度為C.磁場(chǎng)力做功的最大功率為【答案】C 【解析】根據(jù)，解得

B.磁場(chǎng)力做的功為

D.磁場(chǎng)力的大小為，故A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知，磁場(chǎng)力做的功等，故B錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律可知，磁場(chǎng)力的，故C正確，D錯(cuò)誤；故于炮彈動(dòng)能的增加量，即大小為選C。，根據(jù)P=Fv，得最大的功率為【點(diǎn)睛】炮彈在磁場(chǎng)力作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可以求出磁場(chǎng)力，根據(jù)動(dòng)能定理可以求出磁場(chǎng)力做的功；根據(jù)P=Fv可以求出最大功率。

10.如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電子1從磁場(chǎng)邊界上的a點(diǎn)垂直MN和磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)t1時(shí)間從b點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)。之后電子2也由a點(diǎn)沿圖示方向以相同速率垂直磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)t2時(shí)間從a、b連線的中點(diǎn)c離開(kāi)磁場(chǎng)，則為

A.B.2 C.D.3 【答案】D 【解析】粒子在磁場(chǎng)中都做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示：

電子1垂直射進(jìn)磁場(chǎng)，從b點(diǎn)離開(kāi)，則運(yùn)動(dòng)了半個(gè)圓周，ab即為直徑，c點(diǎn)為圓心，電子2以相同速率垂直磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)t2時(shí)間從a、b連線的中點(diǎn)c離開(kāi)磁場(chǎng)，根據(jù)半徑可知，粒子1和2的半徑相等，根據(jù)幾何關(guān)系可知，△aOc為等邊三角形，則粒子2轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為60°，所以粒子1運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，粒子2運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，所以，故選D.點(diǎn)睛：本題的關(guān)鍵要知道電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期和半徑都相同，根據(jù)幾何關(guān)系求解時(shí)間比．

11.如圖所示，沿直線通過(guò)速度選擇器的正離子從狹縫S射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，偏轉(zhuǎn)后出現(xiàn)的軌跡半徑之比為R1∶R2＝1∶2，則下列說(shuō)法正確的是

A.離子的速度之比為1∶2 B.離子的電荷量之比為2∶1 C.離子的質(zhì)量之比為1∶2 D.離子的比荷之比為2∶1 【答案】D 【解析】試題分析：粒子沿直線通過(guò)速度選擇器，可知電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，有：qvB=qE，解得．可知粒子的速度之比為1：1，故A錯(cuò)誤．粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)，根據(jù)，則荷質(zhì)比

得，因?yàn)樗俣认嗟?，磁感?yīng)強(qiáng)度相等，半徑之比為1：2，則比荷之比為2：1．由題目條件，無(wú)法得出電荷量之比、質(zhì)量之比，故BC錯(cuò)誤，D正確．故選D?？键c(diǎn)：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握在速度選擇器中作勻速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與洛侖茲力平衡．掌握粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式公式，并能靈活運(yùn)用。

12.如圖所示，AOC是光滑的金屬導(dǎo)軌，電阻不計(jì)，AO沿豎直方向，OC沿水平方向；PQ是金屬直桿，電阻為R，幾乎豎直斜靠在導(dǎo)軌AO上，由靜止開(kāi)始在重力作用下運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中P、Q端始終在金屬導(dǎo)軌AOC上；空間存在著垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則在PQ桿從開(kāi)始滑動(dòng)到P端滑到OC的過(guò)程中，PQ中感應(yīng)電流的方向

A.始終是由P→Q B.始終是由Q→P C.先是由P→Q，后是由Q→P D.先是由Q→P，后是由P→Q 【答案】C 【解析】在PQ桿滑動(dòng)的過(guò)程中，△POQ的面積先增大，后減小，穿過(guò)△POQ磁通量先增大，后減小，根據(jù)楞次定律可知：感應(yīng)電流的方向先是由P→Q，后是由Q→P．故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。

【點(diǎn)睛】在PQ桿滑動(dòng)的過(guò)程中，△POQ的面積先增大，后減小，穿過(guò)△POQ磁通量先增大，后減小，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向．

13.如圖所示，一個(gè)電荷量為－Q的點(diǎn)電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點(diǎn)。另一個(gè)電荷量為＋q、質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷乙，從A點(diǎn)以初速度v0沿它們的連線向甲運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為v，且為運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度的最小值。已知點(diǎn)電荷乙受到的阻力大小恒為f，AB間距離為L(zhǎng)0，靜電力常量為k，則下列說(shuō)法正確的是

A.點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度逐漸增大 B.點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，其電勢(shì)能先增大再減小 C.OB間的距離為

D.在點(diǎn)電荷甲形成的電場(chǎng)中，AB間電勢(shì)差【答案】C

【解析】點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受向左的靜電力和向右的摩擦力，兩球靠近過(guò)程中庫(kù)侖力逐漸增大，小球先減速后加速，所以加速度先減小后增大，故A錯(cuò)誤；在小球向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力一直做正功，因此電勢(shì)能一直減小，故B正確；當(dāng)速度最小時(shí)有：，解得：，故C正確；點(diǎn)電荷從A運(yùn)動(dòng)B過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：，解得：，故D錯(cuò)誤。所以BC正確，AD錯(cuò)誤。

二．不定項(xiàng)選擇題(本大題共3小題，每小題2分，共6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一項(xiàng)符合題意要求，選對(duì)得2分，選不全得1分，不選、多選、錯(cuò)選均不得分.)14.某小型發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)為e＝50sin100πt(V)，對(duì)此電動(dòng)勢(shì)，下列表述正確的有 A.最大值是50V B.頻率是100Hz C.有效值是25V D.周期是0.02s 【答案】CD 【解析】交變電壓瞬時(shí)值表達(dá)式知電壓最大值為50V，有效值為，頻率為，故AC錯(cuò)誤；周期為，故B錯(cuò)誤，D正確。所以D正確，ABC錯(cuò)誤。

15.如圖所示，兩平行金屬板A、B板間電壓恒為U，一束波長(zhǎng)為λ的入射光射到金屬板B上，使B板發(fā)生了光電效應(yīng)，已知該金屬板的逸出功為W，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，已知普朗克常量為h，真空中光速為c，下列說(shuō)法中正確的是

A.入射光子的能量為h B.到達(dá)A板的光電子的最大動(dòng)能為h－W＋eU C.若增大兩板間電壓，B板沒(méi)有光電子逸出 D.若減小入射光的波長(zhǎng)一定會(huì)有光電子逸出 【答案】ABD 【解析】A、根據(jù)，而，則光子的能量為，故A正確；，根據(jù)動(dòng)能定理，故B正確；，則當(dāng)?shù)竭_(dá)A板的光電B、光電子的逸出最大動(dòng)能子的最大動(dòng)能為C、若減小入射光的波長(zhǎng)，那么頻率增大，仍一定會(huì)有光電子逸出，故C正確； D、金屬板的逸出功與極限頻率有關(guān)，與入射率無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。

點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于截止頻率．以及知道動(dòng)能定理的應(yīng)用，并理解光電效應(yīng)方程的應(yīng)用，注意入射光的頻率決定光電子的最大初動(dòng)能。

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16.如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，假設(shè)氫原子從n能級(jí)向較低的各能級(jí)躍遷的概率均為則對(duì)300個(gè)處于n＝4能級(jí)的氫原子，下列說(shuō)法正確的是。

A.向低能級(jí)躍遷時(shí)，向外輻射的光子的能量可以是任意值 B.向低能級(jí)躍遷時(shí)，向外輻射的光子能量的最大值為12.75eV C.輻射的光子的總數(shù)為550個(gè) D.吸收大于1eV的光子時(shí)不能電離 【答案】BC 【解析】根據(jù)，可知這些氫原子總共可輻射出6種不同頻率的光子，故向外輻射的光子，則300個(gè)氫原子中：的能量不是任意值，而從n=4和n=1間的能級(jí)差最大，為：故A錯(cuò)誤，B正確。氫原子從n能級(jí)向較低的各能級(jí)躍遷的概率均為n=4→3，n=4→2和n=4→1各有100個(gè)；然后n=3→2和n=2→1各50個(gè)，此時(shí)n=2能級(jí)的氫原子的個(gè)數(shù)為150個(gè)，所以n=2→1的光子也是150個(gè)，輻射的光子的個(gè)數(shù)共：100×3+50×2+150=550個(gè)。故C正確。處于n=4能級(jí)的氫原子的能量為-0.85eV，所以 吸收大于1eV的光子時(shí)能電離，故D錯(cuò)誤。故選BC。

【點(diǎn)睛】根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出這些氫原子總共能輻射不同頻率的光子種數(shù)；能級(jí)差越大，輻射的光子頻率越大，波長(zhǎng)越?。鶕?jù)輻射的光子能量與金屬的逸出功比較，判斷能否發(fā)生光電效應(yīng)．

三．非選擇題(本題共7小題，共55分)17.在“測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，小燈泡額定電壓為2.5V、電流為0.3A.(1)部分連線的實(shí)物照片如圖甲所示，請(qǐng)?jiān)趫D中完成實(shí)物連接圖．

(2)某次實(shí)驗(yàn)中，當(dāng)電流表的示數(shù)為0.18A，電壓表的指針如圖乙所示，則電壓為_(kāi)_______V，此時(shí)小燈泡的功率是________W.(3)正確測(cè)量獲得的伏安特性曲線是下列圖象中的________(填字母)．

A.B.C.D.【答案】(1).（1）(2).（2）1.50，0.27(3).（3）C 【解析】(1)小燈泡額定電壓為2.5 V，故電壓表選擇0～3 V的量程；測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線時(shí)，電壓、電流需從0開(kāi)始調(diào)節(jié)，故滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法；電流表采用外接法。故實(shí)物連接圖如下圖所示：

(2)結(jié)合量程可讀出電壓表的示數(shù)為1.50 V，故小燈泡的功率P＝UI＝0.27 W.(3)隨著電壓的增大，小燈泡的電阻越來(lái)越大，故C正確．

18.用如圖所示的多用電表測(cè)量電阻，要用到選擇開(kāi)關(guān)K和兩個(gè)部件S、T.請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量．

(1)旋動(dòng)部件________，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的“0”刻線．(2)將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×100”的位置．

(3)將插入“＋”“－”插孔的表筆短接，旋動(dòng)部件________，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的________(填“0”刻線或“∞”刻線)．

(4)將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)大．為了得到比較準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，請(qǐng)從下列選項(xiàng)中挑出合理的步驟，并按________的順序進(jìn)行操作，再完成讀數(shù)測(cè)量． A．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1 k”的位置 B．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×10”的位置

C．將兩表筆的金屬部分分別與被測(cè)電阻的兩根引線相接 D．將兩表筆短接，旋動(dòng)合適部件，對(duì)電表進(jìn)行校準(zhǔn)

【答案】(1).（1）S(2).（3）T，(3).“0”刻線(4).（4）BDC 【解析】①首先要對(duì)表盤機(jī)械校零，所以旋動(dòng)部件是S.③接著是歐姆調(diào)零，將“＋”、“－”插孔的表筆短接，旋動(dòng)部件T，讓表盤指針指在最右端零刻度處．

④當(dāng)兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小，為了得到比較準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，必須將指針指在中間刻度附近，所以要將倍率調(diào)大．原因是指針偏轉(zhuǎn)小，則說(shuō)明刻度盤值大，現(xiàn)在要指針偏大即刻度盤值要小，則只有調(diào)大倍率才會(huì)實(shí)現(xiàn)．所以正確順序BDC.視頻 19.電源與電阻R組成串聯(lián)電路，路端電壓U隨電流的變化圖線及電阻R的U－I圖線如圖所示，求：

(1)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；(2)電源的路端電壓；(3)電源的輸出功率．

【答案】（1）4V，1Ω（2）3V（3）3W 【解析】試題分析：由電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象可知，圖象與縱軸的交點(diǎn)等于電源的電動(dòng)勢(shì)，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻．電阻R的伏安特性曲線的斜率等于電阻．兩圖線的交點(diǎn)讀出電流與電壓，求出電源的輸出功率。

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-Ir，當(dāng)I=0時(shí)，U=E 由圖讀出電源的電動(dòng)勢(shì)為：E=4V 內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，則內(nèi)阻為：

（2）兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)工作狀態(tài) 由圖讀出電壓U=3V，則電源的路端電壓為3V（3）交點(diǎn)的電流I=1A，則電源的輸出功率為：

【點(diǎn)睛】對(duì)于圖線關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律，從數(shù)學(xué)角度來(lái)理解其物理意義．本題要抓住圖線的斜率、交點(diǎn)的意義來(lái)理解圖象的意義．

20.如圖所示，在A點(diǎn)固定一正電荷，電荷量為Q，在離A高度為H的C處由靜止釋放某帶同種電荷的液珠，開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的瞬間加速度大小恰好為重力加速度g。已知靜電力常量為k，兩電荷均可看成點(diǎn)電荷，不計(jì)空氣阻力．

(1)求液珠的比荷；

(2)求液珠速度最大時(shí)離A點(diǎn)的距離h；(3)若已知在點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中，某點(diǎn)的電勢(shì)可表示成φ＝，其中r為該點(diǎn)到Q的距離(選無(wú)限遠(yuǎn)的電勢(shì)為零)．求液珠能到達(dá)的最高點(diǎn)B離A點(diǎn)的高度rB． 【答案】（1）（2）

（3），【解析】試題分析：（1）設(shè)液珠的電量為，質(zhì)量為，由題意知，當(dāng)液珠在C點(diǎn)時(shí)比荷為。，得，由題意得，即，解得。

。（2）當(dāng)液珠速度最大時(shí)（3）設(shè)BC間的電勢(shì)差大小，對(duì)由釋放至液珠到達(dá)最高點(diǎn)，將第（速度為零）的全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理得（1）問(wèn)的結(jié)果代入化簡(jiǎn)考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用、帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道液珠的加速度為零時(shí)，速度最大，以及能夠熟練運(yùn)用動(dòng)能定理和電場(chǎng)力做功公式。

21.如圖所示的器材可用來(lái)研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及判定感應(yīng)電流的方向，其中L1為原線圈，L2為副線圈．

(1)在給出的實(shí)物圖中，將實(shí)驗(yàn)儀器連成完整的實(shí)驗(yàn)電路．

(2)在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，除了查清流入檢流計(jì)電流的方向與指針偏轉(zhuǎn)方向之間的關(guān)系之外，還應(yīng)查清__________的繞制方向(選填“L1”、“L2”或“L1和L2”)．

閉合開(kāi)關(guān)之前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P處于最__________端(選填“左”或“右”)．

【答案】(1).（1）(2).（2）L1和L2，右

【解析】試題分析：（1）電源，線圈，開(kāi)關(guān)，滑動(dòng)變阻器組成一個(gè)閉合回路，電流表和線圈組成一個(gè)閉合回路，如圖所示

（2）還應(yīng)查清“L1和L2” 繞制方向

（3）閉合開(kāi)關(guān)之前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P處于右端，此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大．

考點(diǎn)：研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象及判定感應(yīng)電流的方向

22.如圖所示，在x軸上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外；在x軸下方存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)方向與xOy平面平行，且與x軸成45°夾角．一質(zhì)量為m、電荷量為q(q＞0)的粒子以速度v0從y軸上P點(diǎn)沿y軸正方向射出，一段時(shí)間后進(jìn)入電場(chǎng)，進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度方向與電場(chǎng)方向相反；又經(jīng)過(guò)一段時(shí)間T0，磁場(chǎng)方向變?yōu)榇怪奔埫嫦蚶铮笮〔蛔?，不?jì)重力．

(1)求粒子從P點(diǎn)出發(fā)至第一次到達(dá)x軸時(shí)所需的時(shí)間；(2)若要使粒子能夠回到P點(diǎn)，求電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值． 【答案】（1）（2）

【解析】試題分析：（1）帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)半徑為R，運(yùn)動(dòng)周期為T，根據(jù)洛倫茲力公式以及圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可得

①②

依題意，粒子第一次到達(dá)x軸時(shí)，運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度為，所需時(shí)間聯(lián)立①②③解得④

③

（2）粒子進(jìn)入電場(chǎng)后，先做勻減速運(yùn)動(dòng)，直到速度為零，然后沿原路返回做勻加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)x軸時(shí)速度大小仍為，設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為 加速度大小為a，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，有聯(lián)立⑤⑥解得⑦

⑧ ⑤

⑥

根據(jù)題意，要使粒子能夠回到P點(diǎn)，必須滿足聯(lián)立⑦⑧解得，電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值為考點(diǎn)：考查了帶電粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)

【名師點(diǎn)睛】帶電粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，首先要運(yùn)用動(dòng)力學(xué)方法分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)情況，再選擇合適方法處理．對(duì)于勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，常常運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法，將其分解為兩個(gè)直線的合成，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合求解；對(duì)于磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)，要正確畫出軌跡，由幾何知識(shí)求解半徑

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23.運(yùn)用電磁感應(yīng)可以測(cè)量運(yùn)動(dòng)物體的速度．當(dāng)固定著線圈的小車進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)線圈切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小，可以間接測(cè)量出小車的速度．如圖所示，水平地面上方存在有邊界的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B．電阻為R的矩形單匝線圈MNPQ固定在小車A上，其中MN邊水平，NP邊豎直，高度為L(zhǎng)，小車A和線圈的總質(zhì)量為m．小車載著線圈在光滑水平面上一起以初速度v0(未知)做勻速運(yùn)動(dòng)，與另一輛停在磁場(chǎng)邊界處且質(zhì)量也為m的小車C發(fā)生碰撞，碰后立刻粘在一起，隨后進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線圈中感應(yīng)電流為I，小車A完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v1．已知小車由絕緣材料做成，小車長(zhǎng)度與線圈MN邊長(zhǎng)度相同．求：

(1)線圈中感應(yīng)電流的方向和小車A的初速度v0的大?。?2)小車A進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中線圈產(chǎn)生的焦耳熱Q；(3)小車A進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)線圈橫截面的電荷量q． 【答案】（1）（2）

（3）

【解析】試題分析：（1）根據(jù)楞次定律判斷線圈中感應(yīng)電流的方向，AC碰撞動(dòng)量守恒，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由法拉第電磁感應(yīng)定律求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律列式，聯(lián)立求出；（2）根據(jù)能量守恒定律，求出小車A進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中線圈產(chǎn)生的熱耳熱Q；（3）根據(jù)動(dòng)量定理求小車A進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中通過(guò)線圈截面的電荷量。（1）由楞次定律知線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)椋篗→Q→P→N→M 設(shè)小車的初速度為，小車A與C碰撞時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律：線圈切割磁感線感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

由閉合電路歐姆定律得線圈中電流得：

（2）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，系統(tǒng)減少的動(dòng)能轉(zhuǎn)化成線圈的焦耳熱，即

解得：

（3）設(shè)線圈從開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)到完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線圈的平均電流為 根據(jù)動(dòng)量定理得：通過(guò)的電荷量解得：

【點(diǎn)睛】本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)和能量知識(shí)的綜合．運(yùn)用功能關(guān)系時(shí)，要分析回路中涉及幾種形式的能，分析能量是如何轉(zhuǎn)化的是關(guān)鍵．