第一篇：熱學復習知識要點及典型例題填空及選擇答案

熱學復習知識要點及典型例題填空及選擇答案

一．分子動理論：

1:物體是由大量的分子組成.各種公式表達：

規(guī)定符號如下：m0：分子質(zhì)量，V0：分子體積，M:摩爾質(zhì)量，Vmol：摩爾體積，m：質(zhì)量，V:體積，ρ密度，NA，阿伏伽德羅常數(shù)，N：分子個數(shù)，n：物質(zhì)的的量填空：

M= NA m0, m=n M, Vmol =NA V0, V= n Vmol,，N

注意區(qū)別固體液體與氣體V0的意義：

對固體液體而言，V0代表固體液體的分子實際體積，所以固體液體分子的直徑公式表達為?mV?m0V0，N= n NA,m=ρV, M=ρVmol 6V0

?。對液

體而言，V0代表氣體的分子占據(jù)空間的體積，不代表氣體分子實際體積，所以氣體分子間距的公式表達為0

2.分子永不停息地做無規(guī)則的熱運動，大量液體或氣體分子無規(guī)則熱運動對固體小顆粒的撞擊，形成布朗運動。布朗運動與微粒大小和溫度兩個因素有關。

3：分子間有相互作用力：

填空：①分子間同時存在引力和斥力的作用

②分子間的引力和斥力同時隨分子間的距離r的增加而減小，但斥力的變化比引力_快，③當r=r0，f引=f斥,合力為0。當rr0，f引>f斥，合力體現(xiàn)為引力。當r=10r0，力近似為0。

4：氣體分子運動的統(tǒng)計規(guī)律：

麥克斯韋速率分布圖像的規(guī)律為：在一定溫度下，氣體分子速率分布表現(xiàn)出中間高，兩頭低的分布規(guī)律，當溫度升高時，分布圖像的峰值向速度大的一方移動，而且峰值變小

5．氣體的壓強是大量氣體分子持續(xù)作用在容器壁上形成的，氣體分子向各個方向運動概率相同，撞擊效果相同，所以氣體內(nèi)部壓強處處相等

微觀上，氣體分子運動平均動能越大，宏觀上，溫度T越高，引起兩個效果，1，每次氣體分子與容器壁的撞擊力越大，2，單位時間單位面積上氣體分子撞擊的次數(shù)越多

微觀上，分子密度(分子密集程度，單位體積的分子個數(shù)，可以表達成NV)越大，引起的效果為單位時間單位面積上氣體分子撞擊的次數(shù)越多，為了改變分子密度，在N不變的情況下，宏觀上改變體積V.可以發(fā)現(xiàn)，氣體壓強P宏觀上與溫度T與體積V有關，6．單個分子熱運動的動能，我們不關心。大量分子動能的平均值，叫做平均動能。A,B兩種物質(zhì)，分子平均動能相等，若分子質(zhì)量m0A>m0B，則分子熱運動平均速率vA

7．分子勢能是分子間相對位置決定的勢能。微觀上，rr0，當r增大時，分子勢能增大。當r=10r0時，人為地設定分子勢能為0。

宏觀上，分子勢能與物體的體積有關。但是分子勢能并非隨體積增大單調(diào)變化。（不能說體積是分子勢能的標志）

當一個分子從遠處（10r0）向一個固定分子靠近的過程中，隨著距離減小，r>r0，分子力為引力，做正功，分子勢能減小，分子動能增加。當r=r0，分子力等于0，分子勢能最小，分子動能最大。當r

8.內(nèi)能：物體中所有分子熱運動動能與分子勢能的總和。內(nèi)能是宏觀量，所以沒有分子內(nèi)能的說法。宏觀上，物體含有的分子數(shù)目與物體的物質(zhì)的量或質(zhì)量有關，分子熱運動的平均動能與溫度有關，分子勢能與體積有關。所以物體的內(nèi)能與三者有關。

但是即便兩種物質(zhì)質(zhì)量，溫度，體積都相等，內(nèi)能也不一定相等，原因在于兩者分子質(zhì)量不一定相等，分子數(shù)目就不一定相等。

改變內(nèi)能的方式有做功和_熱傳遞。效果上，兩者是等效的。但是本質(zhì)不同，做功是其他形式的能與內(nèi)能的轉(zhuǎn)化，熱傳遞是內(nèi)能在物體間或物體不同部分的轉(zhuǎn)移。

熱傳遞的方向是從高溫到低溫，而與兩個物體內(nèi)能的多少無關。

內(nèi)能與機械能毫無關系。內(nèi)能是物體內(nèi)部熱運動的能量，機械能是物體機械運動的能量。一定條件下，可以相互轉(zhuǎn)化。

熱脹冷縮現(xiàn)象中，溫度發(fā)生了變化。若溫度升高，體積增大，分子平均動能增加，分子勢能增加。

物態(tài)變化中，如果晶體熔化，固液并存狀態(tài)，溫度不變，是吸熱過程，分子平均動能不變，分子勢能增加，內(nèi)能增加。

如果晶體凝固，固液并存狀態(tài)，溫度不變，是放熱過程，分子平均動能不變，分子勢能減少，內(nèi)能減少。

二．固體液體氣體

9．固體內(nèi)部微粒在分子間作用力作用下，在平衡位置附近做微小振動。固體可分為晶體與非晶體。晶體又分為單晶體和多晶體。

晶體內(nèi)部微粒結(jié)合方式有三種，通過離子鍵結(jié)合的是離子晶體，通過共價鍵結(jié)合的是原子晶體，通過金屬鍵結(jié)合的是金屬晶體。因此單晶體與多晶體具有固定熔點。

單晶體內(nèi)部微粒排列有規(guī)律，宏觀上表現(xiàn)有各向異性，具有規(guī)則的幾何外形。

多晶體內(nèi)部有許多晶粒，每個晶粒內(nèi)部微粒排列是有規(guī)律的，體現(xiàn)各向異性，但是晶粒排列是雜亂的，所以相互抵消，多晶體宏觀上表現(xiàn)各向同性，不具有規(guī)則的幾何外形。

非晶體內(nèi)部微粒排列是雜亂的，宏觀上表現(xiàn)有各向同性，不具有規(guī)則的幾何外形。玻璃可以磨出規(guī)則外形，但是不是晶體。

單晶體，多晶體，非晶體不是絕對的，一定條件下可以相互轉(zhuǎn)化。食鹽（無機物），明礬（無機物），糖（有機物），味精（有機物），雪花，水晶（主要成份二氧化硅），石英（主要成份二氧化硅），云母（金屬礦石）是晶體。固態(tài)金屬金，銀，銅，鐵都是晶體。蜂蠟，松香，瀝青，橡膠，玻璃（主要成份二氧化硅）都是非晶體。

10．液體和氣體的接觸表面叫做表面層,表面層分子分布比液體內(nèi)部密集。表面層分子間是分子引力，宏觀上表現(xiàn)為表面張力。

表面張力的方向與表面層相切，使得液體表面有收縮的趨勢。液體表面像一張繃緊的彈性膜，可以對小物體（昆蟲，硬幣）提供支持力（這個力不是浮力）。表面張力也使得液滴表面呈球形。由于重力影響，呈橢球體，液滴越小，越接近球體。

可以在液體表面滴入酒精，洗衣粉以減小表面張力。

表面層分子與液體內(nèi)部分子比較有較大的勢能。

液體與固體接觸表面叫做附著層，附著層中的液體分子受液體內(nèi)部的吸引力叫做內(nèi)聚力，受固體分子的吸引力叫附著力。

如果內(nèi)聚力大于附著力，附著層分子比內(nèi)部稀疏，分子間體現(xiàn)引力，使附著層有收縮的趨勢，形成不浸潤現(xiàn)象。

如果內(nèi)聚力小于附著力，附著層分子比內(nèi)部密集，分子間體現(xiàn)斥力，使附著層有擴張的趨勢，形成浸潤現(xiàn)象。

浸潤與不浸潤現(xiàn)象取決于兩者的性質(zhì)。同一種液體，對一些固體是浸潤的，對另一些固體是不浸潤的。浸潤液體與毛細管內(nèi)壁接觸時，附著層液體沿管壁上升，造成表面層呈凹形。表面張力對液體產(chǎn)生提拉作用，直到與升高的液柱重力達到平衡。

不浸潤液體與毛細管內(nèi)壁接觸時，附著層液體沿管壁下降，造成表面層呈凸形。表面張力對液體產(chǎn)生向下的作用。

毛細管越細，毛細現(xiàn)象越明顯。

11．液晶既具有晶體的各向異性，也具有液體的流動性和連續(xù)性。按分子排列情況可以分成向列，近晶，膽甾三種類型。

外加電壓控制向列型液晶的分子排列，改變光線強弱，可以制造液晶顯示器。膽甾型液晶在溫度改變時會改變顏色，可以用以測溫度。

12.理想氣體狀態(tài)方程為PV=nRT

在溫度不太低，壓強不太大情況下，實際氣體氫氣，氧氣，都可以近似視為理想氣體。

氣體的三個狀態(tài)量為壓強，體積，溫度，通過控制變量法，控制一個量不變，研究另外兩個量的關系。一定質(zhì)量的氣體，溫度不變，壓強與體積成反比，叫做玻意耳定律。記作p1V1=p2V2。一定質(zhì)量的氣體，體積不變，壓強與溫度成正比，叫做查理定律。記作p1

T1=p2T2。一定質(zhì)量的氣體，壓強不變，體積與溫度成正比比。記作V1V2=T1T2。此處溫度為熱力學溫度T，它與攝氏溫度t的關系為T=t+273。

13．氣體定律的圖像研究：在下圖中，不同的等溫線T1V2,不同的等壓線P1>P2(圖略)

14．初中階段，液體壓強可表述為：“液體內(nèi)部向各個方向都有壓強，壓強隨液體深度的增加而增大，在同一深度產(chǎn)生的壓強大小與液體的密度有關，密度越大，液體的壓強越大?！币簤旱墓綖镻=ρgh

連通器原理：同一種液體(中間液體不間斷)，的同一水面上的壓強是相等的.如圖所示,封閉氣體的壓強pc=pd.帕斯卡定律:外界加在密閉的靜止液體上的壓強,能夠大小不變地由液體向各個方向傳遞.如圖所示,兩端封閉的U型管,封閉兩部分氣體壓強分別為p1，p2的關系為: p1+ρgh =p2

標準大氣壓：1atm=760mmHg=76cmHg =1.01×10Pa

15.用固體(如活塞)封閉在靜止的容器中的氣體的壓強計算：（大氣壓記作p0）

若對活塞進行受力分析,（截面積S）則封閉氣體壓強p= p0+F/S

如圖所示,汽缸質(zhì)量為M,活塞質(zhì)量為m截面積為S, 大氣壓為p0, 氣缸光滑，當活塞緩慢上提，剛離開地面時，對汽缸進行受力分析，則封閉氣體壓強p= p0-Mg/S

三．熱力學定律

16.寫出熱力學第一定律的表達式：⊿U=W+Q.物體從外界吸熱，Q取正值，物體向外界放熱，Q取負值，外界對物體做功，W取正值，物體對外界做功，W取負值，內(nèi)能增加，⊿U取正值，內(nèi)能減少，⊿U取負值。熱力學第一定律是能量守恒定律在熱現(xiàn)象有關的過程中的表現(xiàn)形式。熱力學第一定律又可以表述成第一類永動機是不可能實現(xiàn)的。

17.普通氣體內(nèi)能與質(zhì)量，溫度和體積有關。溫度是平均動能的標志，體積與分子勢能有關。當設氣體的分子勢能嚴格為0，氣體即為理想氣體。理想氣體的內(nèi)能就是所有分子熱運動動能之和。此時，理想氣體的內(nèi)能與體積無關。當理想氣體質(zhì)量一定時，溫度越大，內(nèi)能越大。

氣體膨脹，對外做功，氣體壓縮，外界對氣體做功。5

理想氣體等溫膨脹過程：溫度不變，內(nèi)能不變，體積增大，對外做功，根據(jù)⊿U=Q+W.W取負，Q取正。根據(jù)玻意耳定律，壓強減小。

理想氣體絕熱膨脹過程：Q=0，體積增大，對外做功，根據(jù)⊿U=Q+W.W取負，⊿U取負。內(nèi)能減少，溫度下降，分子平均動能減小，體積增大，分子密度減小，所以壓強減小。

18.系統(tǒng)回到原來的狀態(tài)，同時消除對原來過程對外界的一切影響，則原來的過程叫可逆過程。反之，叫不可逆過程。不可逆過程具有方向性。

熱傳遞具有方向性：熱可以自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體，不會自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體，如果引起外界變化，熱可以從低溫物體傳遞到高溫物體。這就是熱力學第二定律克勞修斯表述。實際的應用例子是制冷機。

功熱轉(zhuǎn)化的方向性：功可以自發(fā)變成熱，熱不能自發(fā)地變成功（機械能可以自發(fā)地轉(zhuǎn)化成內(nèi)能,內(nèi)能不能自發(fā)地轉(zhuǎn)化成機械能），如果引起外界變化，熱可以變成功。這就是熱力學第二定律開爾文表述。實際的應用例子是熱機。

熱力學第二定律又可以表示為第二類永動機是不可能制成的。熱力學第二定律反應了熵增加原理。注意表述中強調(diào)的是“自發(fā)”，而非“完全”，熱不能自發(fā)變成功，但是熱可以完全變成功。理想氣體等溫膨脹的過程，熱完全變成功，但是引起外界變化，即系統(tǒng)體積改變了。

19．能量守恒定律與熵增加原理具有同等重要的地位，能量守恒定律強調(diào)了總能量不變，而熵增加原理強調(diào)了總熵必然增加。熵是用來量度系統(tǒng)無序程度的物理量。熵增加原理的表述：在孤立系統(tǒng)中（指與外界無能量與物質(zhì)交換的系統(tǒng)），一切不可逆過程必然朝向熵增加的方向進行。（非孤立系統(tǒng)，熵有可能減?。５诙愑绖訖C并不違反能量守恒定律，但是違反熵增加原理。

選擇題答案：D2.D3.C4,C5.A6.D7.B8.B9.C10 D11 B12.C

13.B14.B15.A16.D17.D18.B19.B20.B21.B22.A23.A24.A

25.D26.B27.A28.B29.D30.D31.D32.C33.C34.D35.C36.D

第二篇：初三物理熱學典型例題解析

初三物理熱學典型例題解析

例1把正在熔化的冰，放到0℃的房間內(nèi)（它們與外界不發(fā)生熱傳遞），冰能不能繼續(xù)熔化?

解答冰完成熔化過程需要滿足兩個條件：一是達到它的熔點0℃，二是必須繼續(xù)吸熱．題中正在熔化的冰，溫度是0℃的冰和0℃的房間沒有溫度差，它們之間不發(fā)生熱傳遞，因此冰不能繼續(xù)吸熱，它不會繼續(xù)熔化．

本題常見錯誤是片面認為晶體只要達到了它的熔點，就會熔化，得出冰能繼續(xù)熔化的結(jié)論．

例2“水的溫度升高到100℃，水就一定會沸騰起來．”這種說法對嗎?

解答這是常見的一種錯誤看法．在學習了沸騰知識后，要會用它的規(guī)律來分析．這種說法有兩點錯誤．

第一，100℃不一定是水的沸點，只有在標準大氣壓下，水的沸點才是100℃．液體的沸點與氣壓有關，氣壓增大，沸點升高；氣壓減小，沸點降低．

第二，即使在標準大氣壓下，水溫達到100℃，水也不一定能沸騰．這是因為完成液體沸騰，條件有兩個：一是液體的溫度達到沸點，二是液體要繼續(xù)吸熱，這兩個條件缺一不可，因此不能說，水到了100℃，就一定會沸騰．

例3在很冷的地區(qū)，為什么常使用酒精溫度計而不使用水銀溫度計測氣溫?而在實驗室中，為什么用煤油溫度計而不使用酒精溫度計測沸水的溫度?

解答酒精、水銀及煤油溫度計都是利用液體的熱脹冷縮的性質(zhì)來測量溫度的．如果酒精、水銀、煤油凝固成了固態(tài)或變成氣體就無法用它來測溫了．查熔點表可知：酒精的熔點是—117℃，水銀的熔點是—39℃．又因為同一物質(zhì)的凝固點跟它的熔點相同，也就是說酒精降至—117℃才凝固，而水銀降至—39℃就會凝固，很冷的地區(qū)氣溫可低至—40～—60℃，這種情況下水銀凝固，而酒精還是液態(tài)的，可以用來測氣溫．又查沸點表可知：酒精的沸點是78.5℃，而煤油的沸點約為150℃，凝固點約為－30℃，而水的沸點是100℃，實驗時若用酒精制成的溫度計測沸水的溫度，酒精有可能變成氣體而無法進行測量，而煤油仍是液體，還可以測高溫．

例4（天津中考試題）質(zhì)量和溫度均相同的鐵塊和鋁塊，吸收相同的熱量后相互接觸（鐵的比熱＜鋁的比熱＝，則（）

A．熱從鋁塊傳到鐵塊B．熱從鐵塊傳到鋁塊

C．鐵塊和鋁塊之間沒有熱傳遞D．條件不足，無法判斷

精析考查對物體吸、放熱公式的理解，并知道熱是從高溫物體傳向低溫物體．

∵Q吸＝cm△t

m相同，∵c鐵＜c鋁

∴△t鐵＜△t鋁初溫相同，鐵末溫高．

∴熱從鐵傳向鋁．

答案B 例5 夏天，剝開冰棒紙后，可以看到冰棒周圍會冒“白氣”，這是屬于下面的哪種狀態(tài)變化（）

A．熔化

B．汽化

C．液化

D．升華

解答 如果認為“白氣”是水蒸氣，就會誤選B或D．水蒸氣是空氣的組成部分，人們用肉眼是看不見的，那么“白氣”是什么？

“白氣”是許許多多的水滴懸浮在空氣中形成的小霧滴，光射到它們上面發(fā)生了散射，使我們看到了它．

在一定的條件下，水蒸氣遇冷變成水，就形成了“白氣”．例如，水燒開時，從壺嘴里冒出的“白氣”．冬天，人們呼出的“白氣”都是水蒸氣遇冷放熱，形成了許許多多懸浮在空中的小水滴，這就是“白氣”，因此，形成“白氣”是水蒸氣液化的結(jié)果．

夏天，為什么在冰棒周圍會出現(xiàn)“白氣”呢?是因為空氣中有大量的水蒸氣，它們在冰棍附近遇冷放熱，形成了許許多多的小冰滴．可見，冰棒周圍出現(xiàn)“白氣”，也是水蒸氣液化的現(xiàn)象．

答案 C 例6（陜西省中考試題）關于熱量、溫度、內(nèi)能之間的關系，下列說法正確的是（）

A．物體溫度升高，內(nèi)能一定增加

D．物體吸收熱量，溫度一定升高

C．物體溫度不變，一定沒有吸熱

D．物體溫度升高，一定吸收熱量

方法點撥 了解內(nèi)能變化與什么有關，了解物態(tài)變化的條件．

分析 A選項正確．

B選項：晶體熔化過程吸收熱量，但溫度不變．

C選項：與B相似，不正確．

D選項：物體溫度升高，可能吸收了熱量，也可能是外界對物體做了功．

答案 A

例7（南京市中考試題）下列說法正確的是（）

A．沒有吸熱過程和放熱過程，說熱量是毫無意義的

B．物質(zhì)的比熱容與物體吸收的熱量、物體的質(zhì)量及物體溫度的變化有關

C．兩個物體升高相同的溫度，吸收的熱量也一定相同

D．熱總是從含有熱量多的物體傳遞給熱量少的物體

精析 正確理解熱量、內(nèi)能的概念，并知道Q＝cm△t．

熱量反應的是吸、放熱過程，A選項正確．

B選項：比熱容是物質(zhì)的特性之一，與熱量、質(zhì)量、溫度變化無關．

C選項：根據(jù)Q＝cm△t，由于c和m沒有給定，Q不能確定．

D選項：熱傳遞的過程是內(nèi)能從高溫物體傳到低溫物體的過程．說熱量多、熱量少不正確．

答案 A

例8（甘肅省中考試題）質(zhì)量相等的金屬塊A和B，放在沸水壺中煮10min后取出，馬上分別投入質(zhì)量相同、溫度也相同的兩杯水里，到兩杯水的溫度不再升高時，測量發(fā)現(xiàn)放A的水溫高于放B的水溫，則（）

A．金屬塊A的比熱容大

B．金屬塊A原來的溫度高

C．金屬塊A有較多的熱量

D．金屬塊A有較好的導熱性

精析 根據(jù)Q＝cm△t分析．

設放A的水吸收熱量為QA，QA＝cAm△tA（其中m為A的質(zhì)量）

設放B的水吸收熱量為QB

QB＝cBm△tB

題目給出放A的水溫升得高，而A、B初溫相同，可知：△tA＜△tB．

又知：QA＞QB ∴ cA＝

??? cA＞cB

選項A正確．

A、B初溫相同，都與沸水溫度相同，B選項不正確．

A放出較多的熱量，而不是有較多的熱量，C選項不正確．

答案 A 初中物理熱學趣味題目答案：

1．紙片是熱的不良導體，曝曬后紙片的上表面升溫較多，下表面升溫較少，因此上表面的熱膨脹也就比下表面的大，于是紙片向上凸起，如雙金屬片一樣。

2．自動調(diào)溫電燙斗的調(diào)溫器是由調(diào)溫螺釘和雙金屬片等組成。它利用雙金屬片的熱脹冷縮現(xiàn)象實現(xiàn)自動切斷或接通電路，從而達到自動控制電熨斗熨燙溫度的目的。當接通電源后，電熱元件發(fā)熱，熨斗溫度逐漸上升，雙金屬片也隨之受熱膨脹；當達到一定溫度時，雙金屬片向上彎曲而使兩觸頭斷開，電路被切斷，電熱元件停止發(fā)熱，經(jīng)過一段時間，由于熨斗溫度下降，雙金屬片恢復原來的形狀又使兩觸點接通，于是，電熱元件又通電繼續(xù)發(fā)熱，使熨斗溫度再上升。如此往復，使得熨斗溫度始終保持在某一溫度附近。電熨斗所保持溫度的高低的控制，是通過調(diào)溫螺釘調(diào)節(jié)電路中兩個觸頭間的距離來實現(xiàn)的。

3．可以根據(jù)氣體能通過對流來傳遞熱量的特點設計實驗。實驗過程如下：點燃電燈，用手觸摸燈泡的上方和下方的玻璃。如果各個方向上的玻璃都同時均勻變熱，則說明它們都只接受了燈絲的熱輻射，因此這只燈泡是真空型的；如果燈泡的土方比下方的玻璃熱得快，說明燈泡內(nèi)存在著氣體的對流，因此這只燈泡必定是充氣燈泡，同學們可以用這個方法來檢查一下，通常的民用燈泡到底是哪種類型的燈。

4．實驗中蠟燭的熄滅是由于缺乏氧氣。這是因為長玻璃筒底部燃燒的蠟燭，使筒內(nèi)空氣受熱上升，堵塞了含有氧氣的新鮮空氣的補充通道。如果在長玻璃筒內(nèi)隔一硬紙片，把玻璃筒一分為二，如圖13所示，冷熱空氣各有通道可行，形成對流，這樣蠟燭就可以繼續(xù)燃燒了。如果玻璃筒底是開口的，那么只要使它與桌面間圖13稍留縫隙，也能起到同樣的作用。

5．設計測定花生米燃燒值的實驗時，要考慮到以下幾個問題：怎樣使花生米完全燃燒？怎樣盡量降低燃燒過程中熱量的損失？怎樣測定花生米燃燒中釋放出的熱量？我們可以用大頭針將花生米支持起來燃燒；燃燒過程中用紙板或鐵皮將實驗裝置圍??；通過被加熱水的溫升來計算花生米燃燒時釋放出的熱量。這樣，整個實驗中所需的儀器與器材為：一?；ㄉ?、一枚大頭針、一支溫度計、一只小杯子、適當?shù)乃?、一塊紙板、一架天平、火柴。

6．鍋蓋的作用應該從汽化吸熱的角度來認識。水汽化，需要吸收大量的熱。如果不蓋鍋蓋，加熱著的水蒸發(fā)（汽化的一種）就快，同時隨著水蒸汽的上升逃逸，蒸發(fā)所吸收的大量熱量就會不斷損失。蓋上鍋蓋，不僅可以截留住水蒸汽，把這部分熱量保持在鍋內(nèi)，同時在一定程度上減緩了蒸發(fā)，使得加熱著的水溫度提高快得多，所以沸騰就快了。

7．我們可以這樣思考：如果壓力鍋不加限壓閥，這時鍋內(nèi)的氣壓即為大氣的壓強（通常算作一個大氣壓），水的沸點是100℃，現(xiàn)在蓋上限壓閥，鍋內(nèi)水沸騰時的氣壓是多少呢？顯然，這時的氣壓是原先的一個大氣壓和限壓閥所產(chǎn)生的附加壓強之和。這樣，只要測算得附加壓強，就能得知鍋內(nèi)的總壓強，于是就可通過查表獲得壓力鍋內(nèi)水的沸點了。你可試測一下限壓閥的質(zhì)量及閥座上小孔的直徑，就可以估算出一般壓力鍋內(nèi)的水是在約2×103帕斯卡的氣壓下沸騰，因而通過查表可以知道，這時鍋內(nèi)水的沸點約120℃。

8．衛(wèi)生球成分是萘粉，它是碳、氫元素組成的易燃物質(zhì)。包布上的火就是萘燃燒時發(fā)出的。但棉布不會被燒壞。因為一方面萘的蒸汽燃燒，放出了熱量，但另一方面萘的升華過程卻是吸熱的，需要消耗很大一部分熱量。同時還有一部分熱消耗在使萘蒸汽達到燃點上，這樣，棉布溫度比較低，低于它的燃點，所以棉布燒不起來。但時間不能過長，否則因衛(wèi)生球消耗過多，包布和衛(wèi)生球之間會逐漸離開，形成較大的空隙。棉布處在火焰內(nèi)部，溫度就較高而燒著。

試題

1、用溫度為t1=30℃的水注滿一個容積為0.3升的小茶杯，水溫每下降1℃，需要5分鐘，為了使水的溫度不下降，從熱水龍頭不斷向杯中滴入45℃的水，若每滴水的質(zhì)量為0.2克，為了使茶杯中的水溫保持不變，每分鐘需滴入20 20 滴水．（說明：①茶杯不參與吸放熱；②可認為熱平衡進行得非常快，多余的水從茶杯溢出；③周圍空氣的溫度為20℃）

考點：熱量的計算；熱平衡方程的應用．專題：計算題；應用題．分析：解決此題關鍵是利用熱平衡方程，即Q吸=Q放，這樣茶杯內(nèi)水的溫度就不會改變．解答：解：已知小茶杯，水溫每下降1℃，需要5分鐘，所以要讓水溫不變，那么茶杯內(nèi)的水應該吸收的熱量：

Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg?℃）×0.3kg×1℃=1.26×103J；

一滴熱水降到30℃釋放的熱量Q′=cm′△t′=4.2×103J/（kg?℃）×0.2×10-3kg×15℃=12.6J； 那么5min內(nèi)需要滴入熱水的滴數(shù)為n==100，所以每分鐘需要滴入=20滴熱水；

故答案為：20．點評：解決此類問題要結(jié)合熱量公式及熱平衡進行分析計算．

2、我國北方地區(qū)冬季用燃煤取暖所造成的大氣污染，已越來越引起人們的關注．現(xiàn)在有些家庭已經(jīng)改用燃油取暖，以降低對大氣的污染．小明家的住房面積約110m2，若將住房的門窗關閉好，用燃燒柴油來取暖，并使室溫升高10℃，已知柴油的熱值為4.3×lO7J/kg，空氣的密度約為1.3kg/m3，空氣的比熱容為1.0×103J/（kg/℃）所需的柴油約為（）A．0.0lkg B．0.1kg C．1kg D．10kg 考點：熱平衡方程的應用；密度的計算；燃料的熱值．專題：計算題．分析：首先利用m=ρV求住房里空氣的質(zhì)量，再利用熱量公式Q=cm△t求出室溫升高10℃時空氣所吸收的熱量；

根據(jù)Q放=Q吸可知柴油需放出的熱量，最后利用m=求出需的柴油質(zhì)量．解答：解：由題知，S=110m2，住房高度h一般為3m，ρ空氣=1.3kg/m3，則住房房間里的空氣質(zhì)量為：

m空氣=ρ空氣Sh=1.3kg/m3×110m2×3m=429kg，室溫升高10℃時空氣所吸收的熱量：

Q吸=c空氣m空氣△t=1.0×103J/（kg/℃）×429kg×10℃=4.29×106J ∵Q放=Q吸，∴又Q=mq得：

m===0.1kg．

故選B點評：本題考查熱平衡方程，同時也考查了空氣質(zhì)量的計算和熱值的應用，是一道基礎知識的應用．

3、質(zhì)量相同的三杯水，初溫分別是t1，t2，t3，而且t1＜t2＜t3，把它們混合后，不計熱損失，則混合溫度是（）

A． B．C．+t2 D．t3-t1+

考點：熱平衡方程的應用．專題：應用題．分析：熱傳遞是從高溫物體向低溫物體傳遞，則一定是初溫t3的水放熱，初溫為t1的水吸熱，初溫為t2的水可以假設為吸熱或放熱，然后根據(jù)熱平衡方程列出的等式，然后即可解答．解答：解：設混合后的溫度為t，因質(zhì)量相同的三杯水，則設質(zhì)量為m，水的比熱為c； ∴初溫t3的水放出的熱量為：

Q放=cm（t3-t），初溫為t1和t2的吸收的熱量為：

Q吸=Q吸1+Q吸2=cm（t-t1）+cm（t-t2）根據(jù)熱平衡方程得：Q放=Q吸，即：cm（t3-t）=cm（t-t1）+cm（t-t2）解得：t=．

故選B．點評：本題考查熱量公式Q=cm△t和熱平衡方程的理解，分析解答時注意多種物質(zhì)發(fā)生熱傳遞時會有幾個物質(zhì)同時吸熱或會幾種物質(zhì)同時放熱，但仍然是Q放=Q吸．

4、冷水的溫度為t1，熱水的溫度為t2，現(xiàn)要把冷水和熱水混合成溫度為t3的溫水，若不計熱量損失，冷水和熱水的質(zhì)量比應為（）

A． B．C． D．

考點：熱平衡方程的應用．專題：推理法．分析：冷水和熱水混合，冷水吸收熱量、溫度升高，熱水放出熱量、溫度降低，不考慮熱損失，則Q吸=Q放，根據(jù)熱平衡方程求冷水和熱水的質(zhì)量比．解答：解： 冷水吸收的熱量： Q吸=cm1（t3-t1），熱水放出的熱量： Q放=cm2（t2-t3），由題知，Q吸=Q放，∴cm1（t3-t1）=cm2（t2-t3），解得： =．

故選C．點評：本題考查了學生對吸熱公式、放熱公式、熱平衡方程的掌握和運用，因為是求比值，要細心，防止因顛倒而出錯！

5、甲、乙兩種材料不同的金屬塊，它們的質(zhì)量相等，同時投入沸水中充分加熱，先把甲金屬塊從沸水中取出投入一杯冷水中，熱平衡后，水的溫度升高了△t取出甲金屬塊（不計水的質(zhì)量變化），再把乙金屬塊由沸水投入該杯水中，熱平衡后又使水溫升高了△t，則兩金屬塊的比熱關系是（）A．c甲＜c乙 B．c甲=c乙C．c甲＞c乙 D．以上情況都有可能

考點：熱平衡方程的應用．專題：應用題；推理法．分析：（1）由題知，兩次水升高的溫度相同，也就是水吸收的熱量相同，因為不計熱量損失，由熱平衡方程可知，甲乙兩金屬塊放出的熱量相同；（2）而甲、乙兩金屬塊的質(zhì)量相等、初溫相同，經(jīng)放熱后，甲金屬塊比乙多降低了△t，根據(jù)c=即可得出：質(zhì)量相同的甲乙兩金屬塊，放出相同的熱量，降低的溫度多的甲金屬塊，比熱容小．解答：解：先后將甲乙兩金屬塊投入到同一杯水中，水升高的溫度相同，水吸收的熱量相同； ∵不計熱量損失，∴Q水吸=Q放，∴甲乙兩金屬塊放出的熱量相同；

由題知，甲金屬塊比乙多降低了△t，根據(jù)c=可知：

質(zhì)量相同的甲乙兩金屬塊，放出相同的熱量，降低的溫度多的甲金屬塊，比熱容小．

故選A．點評：本題考查了比熱容的概念、熱平衡方程、熱量公式，能確定出甲乙兩金屬塊的溫度變化量的關系是本題的關鍵．

6、將50克、0℃的雪（可看成是冰水混合物）投入到裝有450克、40℃水的絕熱容器中，發(fā)現(xiàn)水溫下降5℃．那么在剛才已經(jīng)降溫的容器中再投入100克上述同樣的雪，容器中的水溫將又要下降（）A．6℃ B．7.5℃ C．9℃ D．10℃

考點：熱平衡方程的應用．專題：計算題．分析：可看成是冰水混合物的0℃的雪熔化成0℃的水需吸收熱量，根據(jù)熱平衡，可知Q放=Q熔化吸+Q吸，然后列出熱量關系式，先求出1kg0℃的這種可看成是冰水混合物的雪熔化成0℃的水時隨所吸收的熱量，最后再根據(jù)第二次的Q放=Q熔化吸+Q吸列出關系式即可解答．解答：解：熱水原來的溫度t1=40℃，熱水和質(zhì)量50g的冰水混合后的溫度為t′=40℃-5℃=35℃，∵不計熱量損失，∴Q放=Q熔化吸+Q吸1 設1kg0℃的這種可看成是冰水混合物的雪，熔化成0℃的水時需吸收的熱量為q熔化，則第一次，質(zhì)量為m1、溫度為O℃的雪與質(zhì)量為450g的熱水混合后，cM△t1=m1q熔化+cm1（t′-0℃）

即：4.2×103J/（kg?℃）×0.45kg×5℃=0.05kg×q熔化+4.2×103J/（kg?℃）×0.05kg×35℃ 解得：q熔化=4.2×104J 第二次質(zhì)量為m2、溫度為O℃的雪與質(zhì)量為（M+m1）的熱水混合后，水溫又要下降的溫度為△t，則：c（M+m1）△t=m2q熔化+cm2[（t′-△t）-0℃] 即：c（M+m1）△t=m2q熔化+cm2（t′-△t）

∴4.2×103J/（kg?℃）×（0.45kg+0.05kg）×△t=0.1kg×4.2×104J/kg+4.2×103J/（kg?℃）×0.1kg×（35℃-△t）

解得：△t=7.5℃．

故選B．點評：本題考查熱平衡方程的應用，能確定第二次使用的熱水的質(zhì)量、知道溫度為O℃的雪熔化成溫度為O℃的水需要吸收熱量，都是本題的關鍵．

7、冷水的質(zhì)量為m，溫度為t1，吸收一定熱量后，溫度升高到t；另有質(zhì)量為2m的熱水，如果先放出同樣熱量后溫度也降到t，那么熱水原來的溫度應是（）

A．（3t1-t）/2 B．（2t-t1）/3 C．（3t-t1）/2 D．（3t-2t1）/3 考點：熱平衡方程的應用．專題：計算題．分析：根據(jù)吸熱公式求出冷水吸收的熱量，因為Q吸=Q放，再根據(jù)放熱公式求出熱水原來的初溫．解答：解：設熱水原來的溫度為t0： 冷水吸收的熱量： Q吸=cm（t-t1），∵Q吸=Q放，∴熱水放出的熱量：

Q放=c2m（t0-t）=cm（t-t1），解得：

t0=，故C正確．

故選C．點評：本題考查了學生對吸熱公式和放熱公式的掌握和運用，弄清冷水和熱水的初溫和末溫是本題的關鍵．

8、在冬季室溫下的A、B兩物體質(zhì)量相等，把A物體放入一杯熱水中達到熱平衡后，水溫降低了5℃；取出A物體后再把B物體放入這杯水中，達到熱平衡后水的溫度又降低了5℃．如果沒有熱損失，這兩個物體比熱大小的關系是（）

A．A物體的比熱較小 B．B兩物體的比熱相等C．B物體的比熱較小 D．無法比較

考點：熱平衡方程的應用．分析：先判斷出在達到熱平衡時，A、B兩物體哪個物體溫度變化大，再判斷物體比熱的大?。獯穑航猓涸谑覝叵翧、B兩物體溫度與室溫相等，則物體A、B的初始溫度相等，設為t0，設開始時水溫為t．A在水中達到熱平衡后溫度變化了△tA=t-5-t0，B在水中達到熱平衡后溫度變化了△tB=t-5-5-t0=t-10-t0，所以△tA＞△tB．在這兩種情況下，水釋放出的熱量Q=m水c水△t水=5m水c水相等．而Q=mAcA△tA，Q=mBcB△tB，又因為mA=mB，△tA＞△tB，所以cA＜cB．

故選A．點評：判斷A、B兩物體達到熱平衡時，哪個溫度變化大是解題的關鍵．

9、洗澡時將11°C的冷水與66°C的熱水充分混合成550kg、36°C的溫水，在混合的過程中有2.31×106J的熱量損失掉了，則所用冷水為290kg，所用熱水為260kg．

考點：熱平衡方程的應用．專題：計算題；方程法．分析：（1）設熱水的質(zhì)量為m，則冷水的質(zhì)量為550kg-m，已知熱水的初溫和末溫，利用放熱公式求熱水放出的熱量；又知道冷水的初溫和末溫，利用吸熱公式求冷水吸收的熱量，（2）因為在混合的過程中有2.31×106J的熱量損失掉了，所以熱水放出的熱量減去損失的熱量就等于冷水吸收的熱量，據(jù)此可求所用熱水和冷水的質(zhì)量解答：解：設熱水的質(zhì)量為m1，則冷水的質(zhì)量為m2=m-m1=550kg-m1--------------① 熱水放出的熱量：

Q放=cm1（t-t01）=4.2×103J/（kg?℃）×m1×（66℃-36℃）------------② Q吸=cm2（t02-t）=4.2×103J/（kg?℃）×m2×（36℃-11℃）------------③ 因為Q損失=2.31×106J-------------------④

所以，Q吸=Q放-Q損失---------------------⑤

將①②③④代入⑤式即可解得：m1=260kg，m2=290kg．

故答案為：290；260．點評：本題考查了學生對吸熱公式和放熱公式的掌握和運用，利用好熱平衡方程Q吸=Q放時，注意混合的過程中的熱量損失是本題的關鍵。

10、質(zhì)量相等的甲、乙兩金屬塊，其材質(zhì)不同．將它們放入沸水中，一段時間后溫度均達到100℃，然后將它們按不同的方式投入一杯冷水中，使冷水升溫．第一種方式：先從沸水中取出甲，將其投入冷水，當達到熱平衡后將甲從杯中取出，測得水溫升高20℃；然后將乙從沸水中取出投入這杯水中，再次達到熱平衡，測得水溫又升高了20℃．第二種方式：先從沸水中取出乙投入冷水，當達到熱平衡后將乙從杯中取出；然后將甲從沸水中取出，投入這杯水中，再次達到熱平衡．則在第二種方式下，這杯冷水溫度的變化是（）

A．升高不足40℃ B．升高超過40℃C．恰好升高了40℃ D．條件不足，無法判斷

考點：熱平衡方程的應用．專題：計算題；比較思想．分析：根據(jù)Q放=Q吸和Q=cm（t-t0）列出金屬塊不同方式下的熱量表達式，然后得出關于溫度的代數(shù)式，即可解答．解答：解：設冷水的溫度為t0，甲投入冷水后放熱Q放=C甲m（100℃-20℃-t0），水吸收的熱量為Q吸=C水m水20℃，∵不考慮熱傳遞過程熱量的損失，則有Q放=Q吸，∴C甲m（100℃-20℃-t0）=C水m水20℃，即：=-----------------------①

乙投入冷水后放熱Q放′=C乙m（100℃-20℃-20℃-t0），水吸收的熱量仍為Q吸=C水m水20℃，同理則有：=-----------------② 第二種方式：

設乙投入冷水熱平衡后，水溫為t1，甲投入冷水熱平衡后的水溫為t2，則有： C乙m（100℃-t1）=C水m水（t1-t0），即：=---------------------③ C甲m（100℃-t2）=C水m水（t2-t1），即：=---------------------④

綜合①②③④式，解得t2-t0=40℃

故選C．點評：本題需要假設的量和列出的計算等式有點多，需要認真分析需要假設的量，由于冷水的初溫設為t0，計算過程比較繁雜，如果我們把t0設為0℃，則解題過程大大地簡化了．

11、鋁的比熱容大于鐵的比熱容，把鋁塊放入一杯冷水中，熱平衡后水溫升高5℃；將鋁塊取出后，立即將質(zhì)量相同的鐵塊放入這杯水中，熱平衡后水溫又升高5℃．若各種損失忽略不計，則下列判斷正確的是（）

A．鐵塊的溫度變化大于鋁塊的溫度變化B．鋁塊放出的熱量大于鐵塊放出的熱量

C．鋁塊的初溫低于鐵塊的初溫

D．水先后兩次吸收的熱量相等

考點：熱平衡方程的應用；比熱容的概念；熱量的計算．專題：應用題．分析：①鋁和鐵兩金屬塊，先后投入到同一杯水中，鋁和鐵兩金屬塊放出熱量、溫度降低，水吸收熱量、溫度升高；

由題知，兩次水升高的溫度相同，也就是水吸收的熱量相同，因為不計熱量損失，由熱平衡方程可知，甲乙兩金屬塊放出的熱量相同；從而可以判斷出B和D是否符合題意．

②質(zhì)量相同的鋁和鐵兩金屬塊，放出相同的熱量，鋁的比熱容大于鐵的比熱容，可利用公式△t=分析溫度的變化，從而可以判斷出A是否符合題意．

③而鋁和鐵兩金屬塊的質(zhì)量相等，經(jīng)放熱后，鋁金屬塊比鐵金屬塊多降低了5℃，從而可以判斷出C是否符合題意．

解答：解：①先后將鋁和鐵兩金屬塊投入到同一杯水中，水升高的溫度相同，即水吸收的熱量相同，故D正確；

∵不計熱量損失，∴Q吸=Q放，∴鋁和鐵兩金屬塊放出的熱量相同，故B不正確；

②由上述分析可知，質(zhì)量相同的鋁和鐵兩金屬塊，放出相同的熱量，而鋁的比熱容大于鐵的比熱容，由公式△t=可知，鋁塊的溫度變化小于鐵塊的溫度變化，即鐵塊的溫度變化大于鋁塊的溫度變化，故A正確；

③由題知，鋁金屬塊比鐵金屬塊多降低了5℃，而鋁塊的溫度變化小于鐵塊的溫度變化，所以鋁塊的初溫低于鐵塊的初溫，故C正確．

故選A、C、D．點評：本題考查了比熱容的概念、熱平衡方程、熱量公式，能確定甲乙兩金屬塊的末溫關系是本題的關鍵．

12、比熱容是2.44×103焦/（千克?℃）的酒精和水（4.19×103焦/千克?℃）均勻混合后，比熱容變成了2.94×103焦/（千克?℃），則混合液中酒精和水質(zhì)量之比是（）A．5：2 B．2：5 C．29：35 D．29：50 考點：熱平衡方程的應用；熱量的計算．分析：設酒精、水的質(zhì)量分別為m1、m2，升高溫度△t，則酒精溶液吸收的熱量等于水吸收的熱量加上酒精吸收的熱量，知道溶液的比熱容，可求酒精和水的質(zhì)量關系．解答：解：

混合液溫度升高△t吸收的熱量：

Q總=c液m液△t=c液（m1+m2）△t，酒精吸收的熱量： Q酒=c酒m1△t，水吸收的熱量： Q水=c水m2△t，則Q總=Q水+Q酒，c液（m1+m2）△t=c酒m1△t+c水m2△t，（c液-c酒）m1=（c水-c液）m2，∴m1：m2=（c水-c液）：（c液-c酒）=（4.19g/cm3-2.94g/cm3）：（2.94g/cm3-2.44g/cm3）=5：2． 故選A．點評：本題考查了學生對吸熱公式的掌握和運用，知道混合液升高溫度吸收的熱量等于水和酒精吸收的熱量之和是本題的關鍵．

13、在冬天，為使室內(nèi)保持一定的溫度，每小時大約需要提供1.26×107J的熱量，若進入散熱器的水的溫度是80℃，從散熱器中流出水的溫度是65℃，則每小時需要提供給散熱器80℃的水200kg． 考點：熱平衡方程的應用．專題：計算題；應用題．分析：知道進入散熱器的水溫和流出散熱器的水溫，從而可以計算出水的溫度變化，又知道所需要的熱量，從而可以利用放熱公式Q放=cm△t求每小時需要水的質(zhì)量．解答：解：∵Q放=cm△t，∴m===200kg．

故答案為：200．點評：本題考查了學生對放熱公式Q放=cm△t的掌握和運用，屬于基礎題目．

第三篇：初三物理熱學典型例題解析

初三物理熱學典型例題解析

初三物理熱學典型例題解析

例1把正在熔化的冰，放到0℃的房間內(nèi)（它們與外界不發(fā)生熱傳遞），冰能不能繼續(xù)熔化?

解答冰完成熔化過程需要滿足兩個條件：一是達到它的熔點0℃，二是必須繼續(xù)吸熱．題中正在熔化的冰，溫度是0℃的冰和0℃的房間沒有溫度差，它們之間不發(fā)生熱傳遞，因此冰不能繼續(xù)吸熱，它不會繼續(xù)熔化．

本題常見錯誤是片面認為晶體只要達到了它的熔點，就會熔化，得出冰能繼續(xù)熔化的結(jié)論．

例2“水的溫度升高到100℃，水就一定會沸騰起來．”這種說法對嗎?

解答這是常見的一種錯誤看法．在學習了沸騰知識后，要會用它的規(guī)律來分析．這種說法有兩點錯誤．

第一，100℃不一定是水的沸點，只有在標準大氣壓下，水的沸點才是100℃．液體的沸點與氣壓有關，氣壓增大，沸點升高；氣壓減小，沸點降低．

第二，即使在標準大氣壓下，水溫達到100℃，水也不一定能沸騰．這是因為完成液體沸騰，條件有兩個：一是液體的溫度達到沸點，二是液體要繼續(xù)吸熱，這兩個條件缺一不可，因此不能說，水到了100℃，就一定會沸騰．

例3在很冷的地區(qū)，為什么常使用酒精溫度計而不使用水銀溫度計測氣溫?而在實驗室中，為什么用煤油溫度計而不使用酒精溫度計測沸水的溫度?

解答酒精、水銀及煤油溫度計都是利用液體的熱脹冷縮的性質(zhì)來測量溫度的．如果酒精、水銀、煤油凝固成了固態(tài)或變成氣體就無法用它來測溫了．查熔點表可知：酒精的熔點是—117℃，水銀的熔點是—39℃．又因為同一物質(zhì)的凝固點跟它的熔點相同，也就是說酒精降至—117℃才凝固，而水銀降至—39℃就會凝固，很冷的地區(qū)氣溫可低至—40～—60℃，這種情況下水銀凝固，而酒精還是液態(tài)的，可以用來測氣溫．又查沸點表可知：酒精的沸點是78.5℃，而煤油的沸點約為150℃，凝固點約為－30℃，而水的沸點是100℃，實驗時若用酒精制成的溫度計測沸水的溫度，酒精有可能變成氣體而無法進行測量，而煤油仍是液體，還可以測高溫．

例4（天津中考試題）質(zhì)量和溫度均相同的鐵塊和鋁塊，吸收相同的熱量后相互接觸（鐵的比熱＜鋁的比熱＝，則（）

A．熱從鋁塊傳到鐵塊B．熱從鐵塊傳到鋁塊

C．鐵塊和鋁塊之間沒有熱傳遞D．條件不足，無法判斷

精析考查對物體吸、放熱公式的理解，并知道熱是從高溫物體傳向低溫物體． ∵Q吸＝cm△t

m相同，∵c鐵＜c鋁

∴△t鐵＜△t鋁初溫相同，鐵末溫高．

∴熱從鐵傳向鋁．

答案B 例5 夏天，剝開冰棒紙后，可以看到冰棒周圍會冒“白氣”，這是屬于下面的哪種狀態(tài)變化（）

A．熔化

B．汽化

C．液化

D．升華

解答 如果認為“白氣”是水蒸氣，就會誤選B或D．水蒸氣是空氣的組成部分，人們用肉眼是看不見的，那么“白氣”是什么？

“白氣”是許許多多的水滴懸浮在空氣中形成的小霧滴，光射到它們上面發(fā)生了散射，使我們看到了它．

在一定的條件下，水蒸氣遇冷變成水，就形成了“白氣”．例如，水燒開時，從壺嘴里冒出的“白氣”．冬天，人們呼出的“白氣”都是水蒸氣遇冷放熱，形成了許許多多懸浮在空中的小水滴，這就是“白氣”，因此，形成“白氣”是水蒸氣液化的結(jié)果．

夏天，為什么在冰棒周圍會出現(xiàn)“白氣”呢?是因為空氣中有大量的水蒸氣，它們在冰棍附近遇冷放熱，形成了許許多多的小冰滴．可見，冰棒周圍出現(xiàn)“白氣”，也是水蒸氣液化的現(xiàn)象．

答案 C

例6（陜西省中考試題）關于熱量、溫度、內(nèi)能之間的關系，下列說法正確的是（）

A．物體溫度升高，內(nèi)能一定增加

D．物體吸收熱量，溫度一定升高

C．物體溫度不變，一定沒有吸熱

D．物體溫度升高，一定吸收熱量

方法點撥 了解內(nèi)能變化與什么有關，了解物態(tài)變化的條件．

分析 A選項正確．

B選項：晶體熔化過程吸收熱量，但溫度不變．

C選項：與B相似，不正確．

D選項：物體溫度升高，可能吸收了熱量，也可能是外界對物體做了功．

答案 A

例7（南京市中考試題）下列說法正確的是（）

A．沒有吸熱過程和放熱過程，說熱量是毫無意義的

B．物質(zhì)的比熱容與物體吸收的熱量、物體的質(zhì)量及物體溫度的變化有關 C．兩個物體升高相同的溫度，吸收的熱量也一定相同

D．熱總是從含有熱量多的物體傳遞給熱量少的物體

精析 正確理解熱量、內(nèi)能的概念，并知道Q＝cm△t．

熱量反應的是吸、放熱過程，A選項正確．

B選項：比熱容是物質(zhì)的特性之一，與熱量、質(zhì)量、溫度變化無關．

C選項：根據(jù)Q＝cm△t，由于c和m沒有給定，Q不能確定．

D選項：熱傳遞的過程是內(nèi)能從高溫物體傳到低溫物體的過程．說熱量多、熱量少不正確．

答案 A

例8（甘肅省中考試題）質(zhì)量相等的金屬塊A和B，放在沸水壺中煮10min后取出，馬上分別投入質(zhì)量相同、溫度也相同的兩杯水里，到兩杯水的溫度不再升高時，測量發(fā)現(xiàn)放A的水溫高于放B的水溫，則（）

A．金屬塊A的比熱容大

B．金屬塊A原來的溫度高

C．金屬塊A有較多的熱量

D．金屬塊A有較好的導熱性

精析 根據(jù)Q＝cm△t分析．

設放A的水吸收熱量為QA，QA＝cAm△tA（其中m為A的質(zhì)量）

設放B的水吸收熱量為QB

QB＝cBm△tB

題目給出放A的水溫升得高，而A、B初溫相同，可知：△tA＜△tB．

又知：QA＞QB ∴ cA＝

??? cA＞cB

選項A正確．

A、B初溫相同，都與沸水溫度相同，B選項不正確．

A放出較多的熱量，而不是有較多的熱量，C選項不正確．

答案 A

第四篇：典型例題答案

1，分析與解：對人受力分析，他受到重力mg、支持力FN和摩擦力Ff作用，如圖1所示.取水平向右為x軸正向，豎直向上為y軸正向，此時只需分解加速度，據(jù)牛頓第二定律可得：

Ff=macos300,FN-mg=masin300 因為FN6Ff

3mg?5，解得mg?5.2，分析與解：（1）錯。因為L2被剪斷的瞬間，L1上的張力大小發(fā)生了變化。剪斷瞬時物體的加速度a=gsinθ.（2）對。因為L2被剪斷的瞬間，彈簧L1的長度來不及發(fā)生變化，其大小和方向都不變。3，分析與解：因小球在水平方向不受外力作用，水平方向的加速度為零，且初速度為零，故小球?qū)⒀刎Q直向下的直線運動，即C選項正確。

4，分析與解：選人和吊臺組成的系統(tǒng)為研究對象，受力如圖5所示，F(xiàn)為繩的拉力,由牛頓第二定律有：2F-(m+M)g=(M+m)a 則拉力大小為：F?(M?m)(a?g)

2?350N

再選人為研究對象，受力情況如圖6所示，其中FN是吊臺對人的支持力。由牛頓第二定律得：F+FN-Mg=Ma,故FN=M(a+g)-F=200N.由牛頓第三定律知，人對吊臺的壓力與吊臺對人的支持力大小相等，方向相反，因此人對吊臺的壓力大小為200N，方向豎直向下。

5，分析與解：設物體與平板一起向下運動的距離為x時，物體受重力mg，彈簧的彈力F=kx和平板的支持力N作用。據(jù)牛頓第二定律有：

mg-kx-N=ma得N=mg-kx-ma

當N=0時，物體與平板分離，所以此時x?m(g?a)

k 因為x?1at2，所以t?2m(g?a)

2ka

6，分析與解：因為在t=0.2s內(nèi)F是變力，在t=0.2s以后F是恒力，所以在t=0.2s時，P離開秤盤。此時P

受到盤的支持力為零，由于盤和彈簧的質(zhì)量都不計，所以此時彈簧處于a 圖6

圖8

原長。在0_____0.2s這段時間內(nèi)P向上運動的距離：

x=mg/k=0.4m 因為x?

122x

at，所以P在這段時間的加速度a?2?20m/s2 2t

圖

9當P開始運動時拉力最小，此時對物體P有N-mg+Fmin=ma,又因此時N=mg，所以有Fmin=ma=240N.當P與盤分離時拉力F最大，F(xiàn)max=m(a+g)=360N.7，分析與解：因為在t=0.2s內(nèi)F是變力，在t=0.2s以后F是恒力，所以在t=0.2s時，P離開秤盤。此時P受到盤的支持力為零，由于盤的質(zhì)量m1=1．5kg，所以此時彈簧不能處于原長，這與例2輕盤不同。設在0_____0.2s這段時間內(nèi)P向上運動的距離為x,對物體P據(jù)牛頓第二定律可得： F+N-m2g=m2a

對于盤和物體P整體應用牛頓第二定律可得：

?(m?m2)g?

F?k?1?x??(m1?m2)g?(m1?m2)a

k??

令N=0，并由述二式求得x?

m2g?m1a1

2x?at，所以求得a=6m/s2.，而

2k

當P開始運動時拉力最小，此時對盤和物體P整體有Fmin=(m1+m2)a=72N.當P與盤分離時拉力F最大，F(xiàn)max=m2(a+g)=168N.8，分析與解：對于A、B整體據(jù)牛頓第二定律有：FA+FB=(mA+mB)a,設A、B間的作用為N，則對B據(jù)牛頓第二定律可得： N+FB=mBa

解得N?mB

FA?FB16?4t

?FB?N

mA?mB

3當t=4s時N=0，A、B兩物體開始分離，此后B做勻加速直線運動，而A做加速度逐漸減小的加速運動，當t=4.5s時A物體的加速度為零而速度不為零。t＞4.5s后,Ａ所受合外力反向，即A、B的加速度方向相反。當t<４s時，A、B的加速度均為a?

綜上所述，選項A、B、D正確。

9，分析與解：當滑塊具有向左的加速度a時，小球受重力mg、繩的拉力T和

FA?FB。

mA?mB

圖1

1斜面的支持力N作用，如圖12所示。

在水平方向有Tcos450-Ncos450=ma;在豎直方向有Tsin450-Nsin450-mg=0.由上述兩式可解出：N?

m(g?a)m(g?a),T? 00

2sin452cos4

5由此兩式可看出，當加速度a增大時，球受支持力N減小，繩拉力T增加。當a=g時，N=0，此時小球雖與斜面有接觸但無壓力，處于臨界狀態(tài)。這時繩的拉力T=mg/cos450=2mg.當滑塊加速度a>g時，則小球?qū)ⅰ帮h”離斜面，只受兩力作用，如圖13所示，此時細線與水平方向間的夾角α<450.由牛頓第二定律得：Tcosα=ma,Tsinα=mg,解得

圖

3T?ma2?g2?mg。

10，分析與解：(1)以物體和繩整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得： F=（M+m）a,解得a=F/(M+m).(2)以物體和靠近物體x長的繩為研究對象，如圖15所示。根據(jù)牛頓第二定律可得：Fx=(M+mx/L)a=(M+

M

mFx).LM?m

由此式可以看出：繩中各處張力的大小是不同的，當x=0時，繩施于物體M的力的大小為

圖15

M

F

M?m

11，分析與解：本題是“輕環(huán)”模型問題。由于輕環(huán)是套在光滑水平橫桿上的，在小球下落過程中，由于輕環(huán)可以無摩擦地向右移動，故小球在落到最低點之前，繩子對小球始終沒有力的作用，小球在下落過程中只受到重力作用。因此，小球的運動軌跡是豎直向下的，這樣當繩子與橫桿成θ角時，小球的水平分速度為Vx=0,小球的豎直分速度

Vy?2gLsin?。可求得輕環(huán)移動的距離是d=L-Lcosθ.12，分析與解：取小滑塊與斜面體組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)受到的外力有重力(m+M)g/地面對系統(tǒng)的支持力N、靜摩擦力f(向下)。建立如圖17所示的坐標系，對系統(tǒng)在水平方向與豎直方向分別應用牛頓第二定律得：

－f=0－mV0cosθ/t,[N－(m+M)g]=0－mV0sinθ/t 所以f?

圖18

mV0cos?mV0sin?，方向向左。N?(m?M)g?

tt

分析與解：剛放在傳送帶上的零件，起初有個靠滑動摩擦力加速的過程，當速度增加到與傳送帶速度相同時，物體與傳送帶間無相對運動，摩擦力大小由f=μmg突變?yōu)榱?，此后以速度V走完余下距離。

由于f=μmg=ma,所以a=μg.加速時間tV1?

a?

V

?g

S121V

2加速位移1?2at1?2?g

通過余下距離所用時間t?S1SV

2?

SV?V?

2?g

共用時間t?tSV1?t2?

V?2?g 摩擦力對零件做功W?

mV22

14，分析與解：物體放在傳送帶上后，開始階段，傳送帶的速度大于物體的速度，傳送帶給物體一沿斜面向下的滑動摩擦力，物體由靜止開始加速下滑，受力分析如圖20（a）所示；當物體加速至與傳送帶速度相等時，由于μ＜tanθ，物體在重力作用下將繼續(xù)加速，此后物體的速度大于傳送帶的速度，傳送帶給物體沿傳送帶向上的滑動摩擦力，但合力沿傳送帶向下，物體繼續(xù)加速下滑，受力分析如圖20(b)所示。綜上可知，滑動摩擦力的方向在獲得共同速度的瞬間發(fā)生了“突變”。

開始階段由牛頓第二定律得:ｍｇsinθ＋μｍｇcosθ=ｍa1;所以:a2

1=ｇsinθ＋μｇcosθ=10m/s;

物體加速至與傳送帶速度相等時需要的時間ｔ1＝ｖ／a1＝1s;發(fā)生的位移： ｓ＝a2

1ｔ1/2＝5ｍ＜16ｍ;物體加速到10m/s 時仍未到達B點。

第二階段，有：ｍｇsinθ－μｍｇcosθ＝ｍa2;所以：a2＝2m/s;設第二階段物體滑動到B 的時間為t2

/2 則：LAB－S＝ｖｔ2＋a２ｔ2/2 ；解得：t2＝1s ,ｔ2=-11s（舍去）。故物體經(jīng)歷的總時間ｔ=t1＋t 2 =2s.從上述例題可以總結(jié)出，皮帶傳送物體所受摩擦力可能發(fā)生突變，不論是其大小的突變，還是其方向的突變，都發(fā)生在物體的速度與傳送帶速度相等的時刻。

15，分析與解：依題意，設小球質(zhì)量為m，小球受到的風力為F，方向與風向相同，水平向左。當桿在水平方向

N

1F

Ff1 G FN

F

G 圖21

固定時，小球在桿上勻速運動，小球處于平衡狀態(tài)，受四個力作用：重力G、支持力FN、風力F、摩擦力Ff，如圖21所示.由平衡條件得：

FN=mg F=Ff Ff=μFN

解上述三式得：μ=0.5.同理，分析桿與水平方向間夾角為370時小球的受力情況：重力G、支持力FN1、風力F、摩擦力Ff1，如圖21所示。根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin??Fcos??Ff1?maFN1?Fsin??mgcos??0Ff1=μFN1

解上述三式得a?

Fcos??mgsin??Ff1

m

?

3g.4

由運動學公式,可得小球從靜止出發(fā)在細桿上滑下距離S所需時間為:t?

2S26gS

.?

a3g

17，錯解：將運動員看質(zhì)量為m的質(zhì)點，從h1高處下落，剛接觸網(wǎng)時速度的大小，彈跳后到達的高度為h2，剛離網(wǎng)時速度的大小 V1?2gh2（向V1?2gh1（向下）

上），速度的改變量?V?V1?V2（向上），以a表示加速度，?t表示接觸時間，則?V?a?t，接觸過程中運動員受到向上的彈力F。由牛頓第二定律，F(xiàn)?ma，由以上五式解得，F(xiàn)?m

2gh2?2gh1

?t，代入數(shù)值得：F?900N。

分析糾錯：接觸過程中運動員受到向上的彈力F和重力mg,由牛頓第二定律，F(xiàn)?mg?ma，由以上五式解得，F(xiàn)?mg?mF?1500N

2gh2?2gh1

?t，代入數(shù)值得：

第五篇：修辭練習選擇_帶答案_(典型例題)

修辭練習（2）

修辭練習

【記一記】

中考考察修辭：比喻、擬人、夸張、排比、對偶、反復、設問、反問

1、下列各句所用的修辭手法判斷有誤的一項是（C）A．橫眉冷對千夫指，俯首甘為孺子牛。(對偶)B．皇帝每一天每一點鐘都要換一套衣服，人們提到他的時候總是說：“皇上在更衣室里?！?夸張)C．你這樣一個人玩耍，不也有點寂寞嗎?(設問)D．春月是一只青春鳥，馱著幽幽夜色，棲落在古城的檐角。(比喻)

2、對下列各句使用的修辭手法判斷正確的一項是（C）①他發(fā)現(xiàn)是我，頭搖得像撥浪鼓似的。

②像這樣的老師，我們怎么會不喜歡她，怎么會不愿意和她親近呢？

③在一個孩子的眼里，他的老師是多么慈愛，多么公平，多么偉大的人?。、芾蠣斪有⌒模瑒e顧著說話——看掉下來把屁股摔成兩半！A①比喻②反問③排比④比喻 B①夸張②設問③排比④比喻 C①比喻②反問③排比④夸張 D①比喻②反問③夸張④夸張 3．對下列句子運用的修辭方法理解有誤的一項是（C)

A．山朗潤起來了，水漲起來了，太陽的臉紅起來了。

理解：這句話運用排比和擬人的修辭方法，生動形象地寫出了春天來臨時萬物復蘇氣溫回升的情景。

B．人們都愛秋天，愛它的秋高氣爽，愛它的云淡日麗，愛它的香飄四野。理解：這句話運用擬人的修辭方法，強調(diào)了秋天的景色帶給人們的美好感受。C．夜深了，皎潔的月光傾瀉下來，就像透明的輕紗籠罩著大地。

理解：這句話運用比喻的修辭方法，形象地寫出了月光清澈、柔美的特點。D．老師嚴肅地說：“這樣糟蹋糧食太不像話了，難道你不知道這些糧食來之不易嗎？”

理解：這句話運用反問的修辭方法，表現(xiàn)了老師在批評學生浪費糧食這種現(xiàn)象時的嚴厲的態(tài)度。

4.對下面文段中所使用的修辭方法的作用理解正確的一項是（C）

春天來了！春天，從解凍的冰河中涌來，從大雁的叫聲中飛來，從小草的萌發(fā)中醒來。

春天來了！在這播種的季節(jié)里，快播吧！播下一顆顆綠色的心，播下一個個金色的希望。

春天來了！春天來了！我們像春筍一樣冒尖，像山花一樣爛漫。我們，從這里出發(fā)，走向夏的繁茂，秋得成熟??

A．選段中用“醒來”一詞賦予小草以人的行為，生動地描寫出春天草木萌發(fā)、萬象更新的景象。

B．選段中運用“從??來”的排比句式，形象地寫出了春天來臨時大地上五彩繽紛的景象。

C．選段中把“我們”比喻成“春筍”“山花”，集中地表達了“我們”對美好春天的期盼之情。

D．選段中反復運用感嘆句“春天來了”，強烈地抒發(fā)了當春天到來時人們按捺不住的欣喜之情。

修辭練習（2）

5.對句子運用的修辭手法判斷錯誤的一項是（A）

A．一切都像剛睡醒的樣子，欣欣然張開了眼。（比喻）B．山朗潤起來了，水漲起來了，太陽的臉紅起來了。（排比）

C．他每一天每一點鐘都要換一套衣服。人們提到他的時候總是說：“皇上在更衣室里?！保鋸垼?/p>

D．誰是我們最可愛的人呢？我們的部隊，我們的戰(zhàn)士，我感到他們是最可愛的人。（設問）

6/對下列句子運用的修辭方法理解不正確的一項是（B）

A．當杜小康一眼望去，看到蘆葦如綠色的浪潮直涌到天邊時，他害怕了。

理解：運用比喻，把蘆葦比喻成涌動的綠色的浪潮，寫出了蘆葦蕩的雄偉壯麗。B．桃樹、杏樹、梨樹，你不讓我，我不讓你，都開滿了花趕趟兒。

理解：運用擬人的手法，生動地寫出了春花競相開放，鮮艷美麗。

C．每一個舞姿都充滿了力量。每一個舞姿都呼呼作響。每一個舞姿都是光和影的匆匆變幻。

理解：運用排比的手法，表現(xiàn)了安塞腰鼓舞姿中的力與美。

D．心中的苦悶不在家信中發(fā)泄又哪里去發(fā)泄呢？孩子不向父母訴苦向誰訴呢？

理解：運用反問的方法，強調(diào)了父母應該是孩子發(fā)泄苦悶時的傾聽者。

7、對下列句子使用的修辭方法判斷有誤的一項是（D）

A．石拱橋的橋洞成弧形，就像虹。（比喻）

B．老城處處干燥，處處燙手，處處憋悶。（排比）

C．接天蓮葉無窮碧，映日荷花別樣紅。（對偶）

D．克服困難不也是一種享受嗎（設問）

8、沒有使用比喻修辭方法的一句是（B）

A．店里冷得像地窖一樣，冷氣從褲管里向上鉆。

B．那時候大家簡直好像馬上就會看見他揮著手帕喊著：“喂！菲利普！” C．那又濃又翠的景色，簡直是一幅青綠山水畫。

D．我似乎打了一個寒噤；我就知道，我們之間已經(jīng)隔了一層可悲的厚障壁了，我也說不出話。

9.下列句子沒有使用修辭方法的一句是（C）

A．小草偷偷地從土里鉆出來，嫩嫩的，綠綠的。

B．毒花花的太陽把手和脊背都要曬裂。

C．他的面孔黃里帶白，瘦得叫人擔心，好像大病新愈的人。D．奪取全國勝利，這只是萬里長征走完了第一步。

10、與例句的修辭方法相同的一組是（C）

例句：淡黑的起伏的連山，仿佛是踴躍的鐵的獸脊似的，都遠遠地問船尾跑去了。

①野花遍地是：雜樣兒，有名字的，沒名字的，散在草叢里像眼睛，像星星，還眨呀眨的。

②重慶的夜，微波蕩漾的江面上倒映著萬家燈火，盞盞點點，這是自由詩，這是交響樂。

③紡車總是安安穩(wěn)穩(wěn)地呆在那里，像著陸停駛的飛機，一聲不響，仿佛只是在等待。

④就憑這些綠的精神，水也不忍得凍上，況且那些長枝的垂柳還要在水里照個影兒呢!

A．①④

B．②③

C．①③

D．①②