第一篇：高三物理總復(fù)習(xí) 牛頓運(yùn)動定律 傳送帶模型例題與練習(xí)

傳送帶模型

1、一水平傳送帶以2m/s的速度做勻速直線運(yùn)動，傳送帶兩端的距

2離為20m，將一物體輕輕的放在傳送帶一端，物體由一端運(yùn)動到另一端所需的時間t=11s，求物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ？（g=10m/s）

2、如下圖所示，傾角為30°的光滑斜面的下端有一水平傳送帶，傳送帶正以6 m/s速度運(yùn)動，運(yùn)動方向如圖所示．一個質(zhì)量為m的物體(物體可以視為質(zhì)點(diǎn))，從h＝3.2 m高處由靜止沿斜面下滑，物體經(jīng)過A點(diǎn)時，不管是從斜面到傳送帶還是從傳送帶到斜面，都不計(jì)其速率變化．物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5，物體向左最多能滑到傳送帶左右兩端AB的中點(diǎn)處，重力加速度g＝10 m/s2，則：(1)物體由靜止沿斜面下滑到斜面末端需要多長時間？(2)傳送帶左右兩端AB間的距離LAB為多少？

(3)如果將物體輕輕放在傳送帶左端的B點(diǎn)，它沿斜面上滑的最大高度為多少？

3.物塊從光滑曲面上的P點(diǎn)自由滑下，通過粗糙的靜止水平傳送帶以后落到地面上Q點(diǎn)，若傳送帶的皮帶輪沿逆時針方向轉(zhuǎn)動起來，使傳送帶隨之運(yùn)動，如圖7所示，再把物塊放到P點(diǎn)自由滑下，則：（）A.物塊將仍落在Q點(diǎn)

B.物塊將會落在Q點(diǎn)的左邊

C.物塊將會落在Q點(diǎn)的右邊

D.物塊有可能落不到地面上

4、如圖示，物體從Q點(diǎn)開始自由下滑，通過粗糙的靜止水平傳送帶后，落在地面P點(diǎn)，若傳送帶按順時針方向轉(zhuǎn)動。物體仍從Q點(diǎn)開始自由下滑，則物體通過傳送帶后：

（）

A.一定仍落在P點(diǎn)

B.可能落在P點(diǎn)左方

C.一定落在P點(diǎn)右方

D.可能落在P點(diǎn)也可能落在P點(diǎn)右方

5、如圖甲示，水平傳送帶的長度L=6m，傳送帶皮帶輪的半徑都為R=0.25m,現(xiàn)有一小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))以恒定的水平速度v0滑上傳送帶,設(shè)皮帶輪順時針勻速轉(zhuǎn)動,當(dāng)角速度為ω時,物體離開傳送帶B端后在空中運(yùn)動的水平距離為s,若皮帶輪以不同的角速度重復(fù)上述動作(保持滑上傳送帶的初速v0不變),可得到一些對應(yīng)的ω和s值,將這些對應(yīng)值畫在坐標(biāo)上并連接起來,得到如圖乙中實(shí)線所示的 s-ω圖象,根據(jù)圖中標(biāo)出的數(shù)據(jù)(g取10m/s2),求:(1)滑上傳送帶時的初速v0以及物體和皮帶間的動摩擦因數(shù)μ(2)B端距地面的高度h

用心

愛心

專心(3)若在B端加一豎直擋板P,皮帶輪以角速度ω′=16rad/s順時針勻速轉(zhuǎn)動,物體與擋板連續(xù)兩次碰撞的時間間隔t′為多少?(物體滑上A端時速度仍為v0,在和擋板碰撞中無機(jī)械能損失)6、35.(9分)如圖所示為車站使用的水平傳送帶裝置的示意圖.繃緊的傳送帶始終保持3.0m／s的恒定速率運(yùn)行，傳送帶的水平部分AB距水平地面的高度為h=0.45m.現(xiàn)有一行李包(可視為質(zhì)點(diǎn))由A端被傳送到B端，且傳送到B端時沒有被及時取下，行李包從B端水平拋出，不計(jì)空氣阻力，g取l 0 m/s2

(1)若行李包從B端水平拋出的初速v＝3.0m／s，求它在空中運(yùn)動的時間和飛出的水平距離；

(2)若行李包以v0＝1.0m／s的初速從A端向右滑行，包與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.20，要使它從B端飛出的水平距離等于(1)中所

求的水平距離，求傳送帶的長度L應(yīng)滿足的條件.7、如圖示，水平傳送帶AB長L=8.3m，質(zhì)量為M=1kg 的木塊隨傳送帶一起以v1=2m/s的速度向左勻速運(yùn)動(傳送帶的傳送速度恒定),木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,當(dāng)木塊運(yùn)動至最左端A點(diǎn)時,一顆質(zhì)量為m=20g的子彈v0=300m/s水平向右的速度正對射入木塊并穿出,穿出速度u=50m/s,以后每隔1s就有一顆子彈射向木塊,設(shè)木塊沿AB方向的長度可忽略，子彈射穿木塊的時間極短,且每次射入點(diǎn)各不相同, 取g=10m/s2，問：在被第二顆子彈擊中前，木塊向右運(yùn)動離A點(diǎn)的最大距離是多少？(2)木塊在傳送帶上最多能被多少顆子彈擊中？(3)木塊在傳送帶上的最終速度多大？

(4)在被第二顆子彈擊中前，木塊、子彈和傳送帶這一系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱能是多少？

用心

愛心

專心

8、、(2006·全國I)一水平的淺色長傳送帶上放置一煤塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，煤塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ．初始時，傳送帶與煤塊都是靜止的．現(xiàn)讓傳送帶以恒定的加速度a0開始運(yùn)動，當(dāng)其速度達(dá)到Vo后，便以此速度做勻速運(yùn)動．經(jīng)過一段時間，煤塊在傳送帶上留下了一段黑色痕跡后，煤塊相對于傳送帶不再滑動．求此黑色痕跡的長度

9、如圖示，傳送帶與水平面夾角為370，并以v=10m/s運(yùn)行，在傳送帶的A端輕輕放一個小物體，物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，AB長16米，求：以下兩種情況下物體從A到B所用的時間.（1）傳送帶順時針方向轉(zhuǎn)動（2）傳送帶逆時針方向轉(zhuǎn)動

10、如圖所示，傳送帶與水平面間的傾角為θ=37。，傳送帶以 10 m／s的速率運(yùn)行，在傳送帶上端A處無初速地放上質(zhì)量為0．5 kg的物體，它與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0．5．若傳送帶A到B的長度為16 m，求物體從A運(yùn)動到B的時間為多少?(g取lO m／s)

11、如下圖所示，傳送帶的水平部分ab＝2 m，斜面部分bc＝4 m，bc與水平面的夾角α＝37°.一個小物體A與傳送帶的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，傳送帶沿圖示的方向運(yùn)動，速率v＝2 m/s.若把物體A輕放到a處，它將被傳送帶送到c點(diǎn)，且物體A不會脫離傳送帶．求物體A從a點(diǎn)被傳送到c點(diǎn)所用的時間．(已知：sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)

用心

愛心

專心

212、(2009年福建省普通高中畢業(yè)班質(zhì)量檢查理科綜合能力測試)下圖為某工廠生產(chǎn)流水線上水平傳輸裝置的俯視圖，它由傳送帶和轉(zhuǎn)盤組成．物品從A處無初速放到傳送帶上，運(yùn)動到B處后進(jìn)入勻速轉(zhuǎn)動的轉(zhuǎn)盤，設(shè)物品進(jìn)入轉(zhuǎn)盤時速度大小不發(fā)生變化，此后隨轉(zhuǎn)盤一起運(yùn)動(無相對滑動)到C處被取走裝箱．已知A、B兩處的距離L＝10 m，傳送帶的傳輸速度v＝2.0 m/s，物品在轉(zhuǎn)盤上與軸O的距離R＝4.0 m，物品與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.25.取g＝10 m/s2(1)求物品從A處運(yùn)動到B處的時間t；

(2)若物品在轉(zhuǎn)盤上的最大靜摩擦力可視為與滑動摩擦力大小相等，則物品與轉(zhuǎn)盤間的動摩擦因數(shù)至少為多大

13、水平傳送帶被廣泛的應(yīng)用于機(jī)場和火車站，用于對旅客的行李進(jìn)行安全檢查。如圖，一水平傳輸帶裝置如圖，繃緊的傳輸帶AB始終保持V＝1m/s的恒定速率運(yùn)行，一質(zhì)量為m=4kg的行李無初速的放在A處，傳輸帶對行李的滑動摩擦力使行李開始做勻加速直線運(yùn)動，隨后行李又以與傳輸帶相等的速率做勻速直線運(yùn)動，設(shè)行李與傳輸帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1，AB間的距離L=2m，取g=10 m/s.(1)求行李剛開始運(yùn)行時所受到的摩擦力大小和加速度大小？(2)求行李做勻加速直線運(yùn)動的時間？

(3)如果提高傳輸帶的運(yùn)行速率，行李就能被較快地傳輸?shù)紹處，求行李從A處傳輸?shù)紹處的最短時間和傳輸帶對應(yīng)的最小運(yùn)行速率？

用心

愛心

專心 4

第二篇：高考物理 牛頓運(yùn)動定律在傳送帶問題中的應(yīng)用

牛頓運(yùn)動定律在傳送帶問題中的應(yīng)用

高考頻度：★★★☆☆

難易程度：★★★★☆

（2018·山西臨汾一中）傾角的斜面底端與水平傳送帶平滑接觸，傳送帶BC長L=6

m，始終以的速度順時針運(yùn)動。一個質(zhì)量m=1

kg的物塊從距斜面底端高度的A點(diǎn)由靜止滑下，物塊通過B點(diǎn)時速度的大小不變。物塊與斜面、物塊與傳送帶間動摩擦因數(shù)分別為、，傳送帶上表面在距地面一定高度處，g取。(sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（1）求物塊由A點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的時間；

（2）求物塊距斜面底端高度滿足什么條件時，將物塊靜止釋放均落到地面上的同一點(diǎn)D。

【參考答案】（1）4

s

(2)1.8

mh9

m

【試題解析】（1）A到B，由動能定理得：

得

由牛頓第二定律得：

得

根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得：

B到C，由題可知，物塊做勻速直線運(yùn)動，則有

A到C總時間：

（2）要使物塊落在地面上同一點(diǎn)，物塊在C點(diǎn)速度

①當(dāng)距傳送帶底端高度為時，物塊滑上傳送帶后一直做勻加速運(yùn)動

A到C，由動能定理得：

得

②當(dāng)距傳送帶底端高度為時，物塊滑上傳送帶后一直做勻減速運(yùn)動

學(xué)科，網(wǎng)

A到C，由動能定理得：

得

故

【知識補(bǔ)給】

如圖，傾斜的傳送帶向下勻加速運(yùn)轉(zhuǎn)，傳送帶與其上的物體保持相對靜止。那么關(guān)于傳送帶與物體間靜摩擦力的方向，以下判斷正確的是

A．物體所受摩擦力為零

B．物體所受摩擦力方向沿傳送帶向上

C．物體所受摩擦力方向沿傳送帶向下

D．上述三種情況都有可能出現(xiàn)

（2018·江西師大附中）如圖是工廠流水生產(chǎn)線包裝線示意圖，質(zhì)量均為m=2.5

kg、長度均為l=0.36

m的產(chǎn)品在光滑水平工作臺AB上緊靠在一起排列成直線（不粘連），以v0=0.6

m/s的速度向水平傳送帶運(yùn)動，設(shè)當(dāng)每個產(chǎn)品有一半長度滑上傳送帶時，該產(chǎn)品即刻受到恒定摩擦力Ff=μmg而做勻加速運(yùn)動，當(dāng)產(chǎn)品與傳送帶間沒有相對滑動時，相鄰產(chǎn)品首尾間距離保持2l（如圖）被依次送入自動包裝機(jī)C進(jìn)行包裝。觀察到前一個產(chǎn)品速度達(dá)到傳送帶速度時，下一個產(chǎn)品剛好有一半滑上傳送帶而開始做勻加速運(yùn)動。取g=10

m/s2。試求：

(1)傳送帶的運(yùn)行速度v；

(2)產(chǎn)品與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ：

(3)滿載工作時與空載時相比，傳送帶驅(qū)動電動機(jī)增加的功率?P；

(4)為提高工作效率，工作人員把傳送帶速度調(diào)成v＇=2.4

m/s，已知產(chǎn)品送入自動包裝機(jī)前已勻速運(yùn)動，求第(3)問中的?P′?第(3)問中在相當(dāng)長時間內(nèi)的等效?P′′?

如圖所示，傳送帶AB段是水平的，長20

m，傳送帶上各點(diǎn)相對地面的速度大小是2

m/s，某物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.1?，F(xiàn)將該物塊輕輕地放在傳送帶上的A點(diǎn)后，經(jīng)過多長時間到達(dá)B點(diǎn)？（g取）

（2018·北京四中）如圖所示，繃緊的傳送帶在電動機(jī)的帶動下始終以v0=2

m/s的速度順時針運(yùn)動，傳送帶與水平面的夾角θ=30°?，F(xiàn)把一質(zhì)量m=10

kg的工件輕放在皮帶的底端B，經(jīng)過一段時間后，工件被運(yùn)送到傳送帶的頂端A。已知A、B之間高度差h=2

m，工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，忽略空氣阻力及其他摩擦損耗，取g=10

m/s2。求：

（1）工件從傳送帶底端B到頂端A的時間；

（2）運(yùn)送工件過程中，工件與傳送帶之間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量Q；

（3）電動機(jī)由于傳送工件多消耗的電能。

如圖所示。水平傳送裝置由輪半徑均為的主動輪O1和從動輪O2及傳送帶等構(gòu)成。兩輪軸心相距L=8.0米，輪與傳送帶不打滑?，F(xiàn)用此裝置運(yùn)送一袋面粉，已知面粉袋與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ=0.4，這袋面粉中間的面粉可不斷地從袋中滲出。

（1）當(dāng)傳送帶以v0=4.0

m/s的速度勻速運(yùn)動時，將這袋面粉由左端O2正上方的A點(diǎn)輕放在傳送帶上后，這袋面粉由A端運(yùn)送到O1正上方的B端所用時間為多少？

（2）要想盡快將這帶面粉由A端送到B端（設(shè)初速度仍為零），傳送帶的速度至少應(yīng)為多大？

（3）由于面粉的滲漏，在運(yùn)送這袋面粉的過程中會在深色傳送帶上留下白色的面粉的痕跡。這袋面粉在傳送帶上留下的痕跡最長能有多長（設(shè)袋的初速度仍為零）？此時傳送帶的速度至少應(yīng)為多大？

【參考答案】

運(yùn)動3l距離所用時間相等設(shè)為t，則t=

解得他送帶速度v=3v0=1.8

m/s，t=0.6

s

(2)解法一：產(chǎn)品滑上傳送帶后做初速度為v0的勻加速運(yùn)動，設(shè)加速時間為t′，依題意，前一個產(chǎn)品加速結(jié)束時下一個產(chǎn)品剛好開始加速，因此t′=t=0.6

s

由速度公式得v=v0+at′

由牛頓第二定律Ff=ma

聯(lián)立代入Ff=μmg

解得μ=0.2

解法二：產(chǎn)品滑上傳送帶后做初速度為v0的勻加速運(yùn)動，設(shè)加速時間為t＇，則從前一個產(chǎn)品加速開始，到下一個產(chǎn)品達(dá)到傳送帶速皮所用時間為2t＇。

對前一個產(chǎn)品

對下一個產(chǎn)品

且x1–x2=3l

解得t＇=0.6

s

由速度公式得v=v0+at＇

時間足夠長，兩個產(chǎn)品加速和一個產(chǎn)品加速的時間近似相等，等效的?P=（24+12）/2=18

W

t總=11

s

物塊放到A點(diǎn)后先在摩擦力作用下做勻加速直線運(yùn)動，速度達(dá)到2

m/s后，與傳送帶一起以2

m/s的速度直至運(yùn)動到B點(diǎn)。學(xué)科￥網(wǎng)

a=μg=1

m/s2

則達(dá)到共同速度的時間為t=2

s

運(yùn)動的位移為s=

則以共同速度運(yùn)動的時間為

所以總時間為t總=11

s

（1）2.4

s

（2）60

J

（3）280

J

（1）工件輕輕地放在傳送帶底端后，受到重力、支持力和沿斜面向上的摩擦力作用，由牛頓第二定律得知，上滑過程中加速度為：μmgcos

θ–mgsin

θ=ma

得：a=g（μcos

θ–sin

θ）=2.5

m/s2

產(chǎn)生的熱量Q=Ff·x相對=μmgcos

θ?（x′–x）=60

J

（3）多消耗的能量轉(zhuǎn)化為工件的動能和重力勢能以及摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能

則△E=mv02+mgh+Q=280

J

（1）t=2.5

s

（2）8.0

m/s

（3）Δs=18.0

m

=13

m/s

（1）設(shè)面粉袋的質(zhì)量為m，其在與傳送帶產(chǎn)生相當(dāng)滑動的過程中所受的摩擦力f=μmg。學(xué)?？凭W(wǎng)

故而其加速度為：

若傳送速帶的速度v帶=4.0

m/s，則面粉袋加速運(yùn)動的時間

在t1時間內(nèi)的位移為

其后以v=4.0

m/s的速度做勻速運(yùn)動s2=lAB–s1=vt2

解得t2=1.5

s，運(yùn)動的總時間為t=t1+t2=2.5

s

（2）要想時間最短，m應(yīng)一直向B端做加速運(yùn)動，由可得

此時傳送帶的運(yùn)轉(zhuǎn)速度為

第三篇：高三物理三輪基礎(chǔ)知識精品教案3：牛頓運(yùn)動定律

高三物理三輪基礎(chǔ)知識精品教案3：牛頓運(yùn)動定律

牛頓三個運(yùn)動定律是力學(xué)的基礎(chǔ)，對整個物理學(xué)也有重大意義。本章考查的重點(diǎn)是牛頓第二定律，而牛頓第一定律和第三定律在牛頓第二定律的應(yīng)用中得到了完美的體現(xiàn)。從近幾年高考看，要求準(zhǔn)確理解牛頓第一定律；加深理解牛頓第二定律，熟練掌握其應(yīng)用，尤其是物體受力分析的方法；理解牛頓第三定律；理解和掌握運(yùn)動和力的關(guān)系；理解超重和失重。本章內(nèi)容的高考試題每年都有，對本章內(nèi)容單獨(dú)命題大多以選擇、填空形式出現(xiàn)，趨向于用牛頓運(yùn)動定律解決生活、科技、生產(chǎn)實(shí)際問題。經(jīng)常與電場、磁場聯(lián)系，構(gòu)成難度較大的綜合性試題，運(yùn)動學(xué)的知識往往和牛頓運(yùn)動定律連為一體，考查推理能力和綜合分析能力。

1、牛頓第一定律：一切物體總保持勻速直線運(yùn)動狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，直到有外力迫使它改變這種狀態(tài)為止。

對牛頓第一定律的理解要點(diǎn)：（1）運(yùn)動是物體的一種屬性，物體的運(yùn)動不需要力來維持；（2）它定性地揭示了運(yùn)動與力的關(guān)系，即力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因，是使物體產(chǎn)生加速度的原因；（3）定律說明了任何物體都有一個極其重要的屬性——慣性；（4）不受力的物體是不存在的，牛頓第一定律不能用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證，但是建立在大量實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的基礎(chǔ)之上，通過思維的邏輯推理而發(fā)現(xiàn)的。它告訴了人們研究物理問題的另一種方法，即通過大量的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，利用人的邏輯思維，從大量現(xiàn)象中尋找事物的規(guī)律；（5）牛頓第一定律是牛頓第二定律的基礎(chǔ)，不能簡單地認(rèn)為它是牛頓第二定律不受外力時的特例，牛頓第一定律定性地給出了力與運(yùn)動的關(guān)系，牛頓第二定律定量地給出力與運(yùn)動的關(guān)系。

2、牛頓第二定律：物體的加速度跟所受的外力的合力成正比，跟物體的質(zhì)量成反比，加速度的方向跟合外力的方向相同。公式F=ma.對牛頓第二定律的理解要點(diǎn)：（1）牛頓第二定律定量揭示了力與運(yùn)動的關(guān)系，即知道了力，可根據(jù)牛頓第二定律研究其效果，分析出物體的運(yùn)動規(guī)律；反過來，知道了運(yùn)動，可根據(jù)牛頓第二定律研究其受力情況，為設(shè)計(jì)運(yùn)動，控制運(yùn)動提供了理論基礎(chǔ)；（2）牛頓第二定律揭示的是力的瞬時效果，即作用在物體上的力與它的效果是瞬時對應(yīng)關(guān)系，力變加速度就變，力撤除加速度就為零，注意力的瞬時效果是加速度而不是速度；（3）牛頓第二定律是矢量關(guān)系，加速度的方向總是和合外力的方向相同的，可以用分量式表示，F(xiàn)x=max, Fy=may,Fz=maz;（4）牛頓第二定律F=ma定義了力的基本單位——牛頓（定義使質(zhì)量為1kg的物體產(chǎn)生1m/s2的加速度的作用力為1N,即1N=1kg.m/s2.3、牛頓第三定律：兩個物體之間的作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一直線上。

對牛頓第三定律的理解要點(diǎn)：(1)作用力和反作用力相互依賴性，它們是相互依存，互以對方作為自已存在的前提；（2）作用力和反作用力的同時性，它們是同時產(chǎn)生、同時消失，同時變化，不是先有作用力后有反作用力；（3）作用力和反作用力是同一性質(zhì)的力；（4）作用力和反作用力是不可疊加的，作用力和反作用力分別作用在兩個不同的物體上，各產(chǎn)生其效果，不可求它們的合力，兩個力的作用效果不能相互抵消，這應(yīng)注意同二力平衡加以區(qū)別。

4.物體受力分析的基本程序：（1）確定研究對象；（2）采用隔離法分析其他物體對研究對象的作用力；（3）按照先重力，然后環(huán)繞物體一周找出跟研究對象接觸的物體，并逐個分析這些物體對研究對象的彈力和摩擦力，最后分析其他場力；（4）畫物體受力圖，沒有特別要求，則畫示意圖即可。

5.超重和失重：（1）超重：物體有向上的加速度稱物體處于超重。處于失重的物體的物體對支持面的壓力F（或?qū)覓煳锏睦Γ┐笥谖矬w的重力，即F=mg+ma.；（2）失重：物體有向下的加速度稱物體處于失重。處于失重的物體對支持面的壓力FN（或?qū)覓煳锏睦Γ┬∮谖矬w的重力mg，即FN=mg－ma，當(dāng)a=g時，F(xiàn)N=0,即物體處于完全失重。

6、牛頓定律的適用范圍：（1）只適用于研究慣性系中運(yùn)動與力的關(guān)系，不能用于非慣性系；（2）只適用于解決宏觀物體的低速運(yùn)動問題，不能用來處理高速運(yùn)動問題；（3）只適用于宏觀物體，一般不適用微觀粒子。

第四篇：高考物理三輪沖刺練習(xí)03傳送帶模型（一）

2020-2021學(xué)高高考物理三輪沖刺練習(xí)03傳送帶模型（一）

一、單選題

1．如圖所示，水平傳送帶長為L，始終以速度v保持勻速運(yùn)動，把質(zhì)量為m的貨物無初速地放到A點(diǎn)，當(dāng)貨物運(yùn)動到AC的中點(diǎn)B時速度恰為v，而后被傳送到C點(diǎn)。貨物與皮帶間的動摩擦因數(shù)為，則貨物從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中（）

A．摩擦力對貨物做的功為

B．摩擦力對貨物做功的平均功率為

C．傳送帶克服摩擦力做功為

D．傳送帶克服摩擦力做功的平均功率為

2．如圖甲所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為θ，傳送帶勻速轉(zhuǎn)動，在傳送帶上某位置輕輕放置一滑塊，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ，滑塊速度隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示，圖中v0、t0已知，則（）

A．傳送帶一定沿順時針方向轉(zhuǎn)動

B．

C．傳送帶的速度大于v0

D．t0后滑塊加速度的大小為

二、多選題

3．如圖所示，一水平傳送帶以速度v勻速運(yùn)動，將質(zhì)量為m的小工件輕輕放到水平傳送帶上，工件在傳送帶上滑動一段時間后與傳送帶保持相對靜止，在上述過程中（）

A．工件對傳送帶做功為-mv2

B．傳送帶與工件間摩擦產(chǎn)生熱量為mv2

C．傳送帶因?yàn)閭魉凸ぜ枰嘧龅墓閙v2

D．傳送帶對工件做的功為mv2

4．一足夠長的傳送帶與水平面的夾角為，傳送帶以一定的速度勻速運(yùn)動．某時刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖甲所示），以此時為時刻，作出小物塊之后在傳送帶上的運(yùn)動速度隨時間的變化關(guān)系，如圖乙所示（圖中取沿斜面向下的運(yùn)動方向?yàn)檎较?，其中）．已知傳送帶的速度保持不變，取，則（）

A．時間內(nèi)，物塊對傳送帶做正功

B．物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)

C．時間內(nèi)，傳送帶對物塊做功為

D．時刻之后，物塊先受滑動摩擦力，對其做正功，后受靜摩擦力，對其做負(fù)功

5．質(zhì)量為M的超長平板車靜止于水平面上，質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點(diǎn)的黑色煤球靜止在平板車上，煤球與平板車間的摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。某時刻，一輛汽車撞擊了平板車，并推動平板車一起做速度為v0的勻速直線運(yùn)動，煤球在平板車上劃下黑色痕跡。經(jīng)過時間t，汽車和平板車受到一墻壁的阻礙突然停下不再運(yùn)動。不計(jì)煤球質(zhì)量損失，當(dāng)煤球停止運(yùn)動時，平板車上黑色痕跡的長度及二者相對運(yùn)動過程中產(chǎn)生的熱量可能是（）

A．，B．，C．，D．，6．如圖所示，一小物體m從光滑圓弧形軌道上與圓心O等高處由靜止釋放，軌道底端與粗糙的傳送帶平滑連接，小物體到A點(diǎn)速度為2m/s，當(dāng)傳送帶固定不動時，物體m能滑過右端的B點(diǎn)，且落在水平地面上的C點(diǎn)，則下列判斷可能正確的是（）

A．若傳送帶逆時針方向運(yùn)行且v=2m/s，則物體m也能滑過B點(diǎn)，到達(dá)地面上的C點(diǎn)的右側(cè)

B．若傳送帶順時針方向運(yùn)行，則當(dāng)傳送帶速度v＞2m/s時，物體m到達(dá)地面上C點(diǎn)的右側(cè)

C．若傳送帶順時針方向運(yùn)行，則當(dāng)傳送帶速度v＜2m/s時，物體m也可能到達(dá)地面上C點(diǎn)的右側(cè)

D．若傳送帶逆時針方向運(yùn)行且v=3m/s，則物體m也能滑過B點(diǎn)，到達(dá)地面上的C點(diǎn)左側(cè).7．三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為37°．現(xiàn)有兩個小物塊A、B從傳送帶底端都以4m/s的初速度沖上傳送帶，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)都是0．5，（已知sin37。=0.6，cos37。=0.8）下列說法正確的是（）

A．兩物塊在上滑過程中A一直減速、B先加速再減速

B．兩物塊在傳送帶上運(yùn)動的全過程中，物塊A、B所受摩擦力一直阻礙物塊A、B的運(yùn)動

C．物塊A在下滑過程中摩擦力先向下后向上

D．物塊B在上滑到最高點(diǎn)的過程中摩擦力先向下后向上

8．如圖所示，傳送帶的水平部分長為，傳動速率為，在其左端無初速度釋放一小木塊，若木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，則木塊從左端運(yùn)動到右端的時間可能是（）

A．

B．

C．

D．

9．如圖所示，一傾角為的傳送帶以恒定速度運(yùn)行，現(xiàn)將一質(zhì)量的小物體拋上傳送帶，物體相對地面的速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示，取沿傳送帶向上為正方向，。則下列說法正確的是（）

A．內(nèi)物體位移的大小為

B．物體與傳送帶間動摩擦因數(shù)

C．內(nèi)物體機(jī)械能增量為

D．內(nèi)物體與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為

三、解答題

10．某種彈射裝置的示意圖如圖所示，光滑的水平導(dǎo)軌MN右端N處與傾斜傳送帶理想連接，傳送帶長度L=15.0m，并以恒定速率v=5.0m/s順時針轉(zhuǎn)動.三個質(zhì)量均為m=1.0kg的滑塊A、B、C置于水平導(dǎo)軌上，B、C之間有一段輕彈簧剛好處于原長，滑塊B與輕彈簧連接，C未連接彈簧，B、C處于靜止?fàn)顟B(tài)且離N點(diǎn)足夠遠(yuǎn)，現(xiàn)讓滑塊A以初速度v0=6.0m/s沿B、C連線方向向B運(yùn)動，A與B碰撞后粘連在一起，碰撞時間極短.滑塊C脫離彈簧后滑上傾角θ=37°的傳送帶，并從頂端沿傳送帶方向滑出斜拋落至地面上.已知滑塊C與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.8，重力加速度g取10m/s2，sin

37°=0.6，cos

37°=0.8.求：

（1）滑塊A、B碰撞時損失的機(jī)械能；

（2）滑塊C在傳送帶上因摩擦產(chǎn)生的熱量Q.11．如圖所示，四分之一的光滑圓弧軌道AB

與水平軌道平滑相連，圓弧軌道的半徑為R=0.8m，有一質(zhì)量為m=1kg的滑塊從A端由靜止開始下滑，滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5，滑塊在水平軌道上滑行L=0.7m

后，滑上一水平粗糙的傳送帶，傳送帶足夠長且沿順時針方向轉(zhuǎn)動，取

g=10m/s2，求：

（1）滑塊第一次滑上傳送帶時的速度

v1

多大？

（2）若要滑塊再次經(jīng)過B點(diǎn)，傳送帶的速度至少多大？

（3）試討論傳送帶的速度v與滑塊最終停下位置x（到B點(diǎn)的距離）的關(guān)系。

12．如圖所示為某工廠的貨物傳送裝置，水平運(yùn)輸帶與一斜面MP平滑連接，小物體在此處無碰撞能量損失，小物體與運(yùn)輸帶間的動摩擦因數(shù)為μ1=0．5，運(yùn)輸帶運(yùn)行的速度為v0=5m/s，在運(yùn)輸帶上的N點(diǎn)將一小物體輕輕地放在上面，N點(diǎn)距運(yùn)輸帶的右端距離為x=3m，小物體的質(zhì)量為m=0.4kg。設(shè)小物體到達(dá)斜面最高點(diǎn)P時速度恰好為零，斜面長度L=1.25m，它與運(yùn)輸帶的夾角為θ=。（sin=0.6，cos=0.8，g=10m/s2，空氣阻力不計(jì)）求：

(1)小物體運(yùn)動到運(yùn)輸帶右端時的速度v的大小；

(2)小物體與斜面間的動摩擦因數(shù)μ2；

(3)由于傳送小物體而使帶動傳送帶的電動機(jī)多輸出的能量為多少?

13．一質(zhì)量m＝2

kg的小滑塊，以某一水平速度v從B點(diǎn)滑上水平傳送帶，如圖所示．已知傳送帶勻速運(yùn)行的速度為v0＝4

m/s，B點(diǎn)到傳送帶右端C點(diǎn)的距離為L＝2

m，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.3．當(dāng)滑塊滑到傳送帶的右端C時，其速度恰好與傳送帶的速度相同．(g＝10

m/s2)，求：

(1)滑塊剛滑上傳送帶時的速度大??；

(2)此過程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量Q．

14．如圖所示，傳送帶與水平面之間的夾角，其上、兩點(diǎn)間的距離傳送帶在電動機(jī)的帶動下以的速度勻速運(yùn)動，現(xiàn)將一質(zhì)量的小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）輕放在傳送帶的點(diǎn)，已知小物體與傳送之間的動摩擦因數(shù)，在傳送帶將小物體從點(diǎn)傳送到點(diǎn)的過程中，求：（取）

（1）物體剛開始運(yùn)動的加速度大??；

（2）物體從到運(yùn)動的時間；

15．水平放置長為L=4.5m的傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，速度為v=3m/s，質(zhì)量為m2=3kg的小球被長為的輕質(zhì)細(xì)線懸掛在O點(diǎn)，球的左邊緣恰于傳送帶右端B對齊；質(zhì)量為m1=1kg的物塊自傳送帶上的左端A點(diǎn)以初速度v0=5m/s的速度水平向右運(yùn)動，運(yùn)動至B點(diǎn)與球m2發(fā)生碰撞，在極短的時間內(nèi)以碰撞前速率的反彈，小球向右擺動一個小角度即被取走．已知物塊與傳送帶間的滑動摩擦因數(shù)為μ=0.1，取重力加速度．求：

（1）碰撞后瞬間，小球受到的拉力是多大？

（2）物塊在傳送帶上運(yùn)動的整個過程中，與傳送帶間摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能是多少？

16．如圖甲所示，一傾角為37°的傳送帶以恒定速度運(yùn)行．現(xiàn)將一質(zhì)量m＝1

kg的小物體拋上傳送帶，物體相對地面的速度隨時間變化的關(guān)系如圖乙所示，取沿傳送帶向上為正方向，g＝10

m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．求：

(1)0～8

s內(nèi)物體位移的大?。?/p>

(2)物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)；

(3)0～8

s內(nèi)物體機(jī)械能增量及因與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量Q．

17．如圖所示，P為彈射器，PA、BC為光滑水平面分別與傳送帶AB水平相連，CD為光滑半圓軌道，其半徑R=2m，傳送帶AB長為L=6m，并以v0=2m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，現(xiàn)有一質(zhì)量m=1kg的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）由彈射器P彈出后滑向傳送帶經(jīng)BC緊貼圓弧面到達(dá)D點(diǎn)，已知彈射器的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為物體的動能，物體與傳送帶的動摩擦因數(shù)為0.2，若物體經(jīng)過BC段的速度為v，物體到達(dá)圓弧面最高點(diǎn)D時對軌道的壓力為F．（g=10m/s2）

（1）寫出F與v的函數(shù)表達(dá)式；

（2）要使物體經(jīng)過D點(diǎn)時對軌道壓力最小，求此次彈射器初始時具有的彈性勢能為多少；

（3）若某次彈射器的彈性勢能為8J，則物體彈出后第一次滑向傳送帶和離開傳送帶由于摩擦產(chǎn)生的熱量為多少．

18．如圖所示，半徑R=18.75m的光滑圓弧軌道BCD與斜面長L=8.2m的傳送帶DE在D處平滑連接，O為圓弧軌道BCD的圓心，C點(diǎn)為圓弧軌道的最低點(diǎn)，半徑OB、OD與OC的夾角分別為53°和37°。傳送帶以6m/s的速度沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，將一個質(zhì)量m=0.5kg的物塊(視為質(zhì)點(diǎn))從B點(diǎn)左側(cè)高為h=0.8m處的A點(diǎn)水平拋出，恰從B點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入圓弧軌道。已知物塊與軌道DE間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

（1）物塊水平拋出時的初速度大小v0；

（2）物塊第一次到達(dá)圓弧軌道BCD上的D點(diǎn)對軌道的壓力大?。ńY(jié)果保留2位有效數(shù)字）；

（3）物塊離開傳送帶前，與傳送帶產(chǎn)生的熱量Q。

參考答案

1．C

【詳解】

A．由于物體在運(yùn)動過程中，當(dāng)速度達(dá)到v時，不再受摩擦力；故摩擦力所做的功

故A錯誤；

B．在貨物加速過程中，摩擦力做功

由運(yùn)動學(xué)公式有

由可得：到達(dá)中點(diǎn)的平均功率為

中點(diǎn)之后摩擦力不再做功，故總的平均功率要小于該值；故B錯誤；

C．物體在加速過程中平均速度為；而傳送帶的速度為v，物體加速位移為，則傳送帶前進(jìn)的位移一定為L；故傳送帶克服摩擦力所做的功為

故C正確；

D．傳送帶克服摩擦力所做的功為

由A到C用時

故傳送帶克服摩擦力做功的功率應(yīng)為；故D錯誤；

故選C。

2．D

【詳解】

A．若傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，滑塊要么一直向上勻加速，要么一直向下勻加速，加速度都不會變化，圖線的斜率不會發(fā)生變化，與速度圖像不符；若傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動，滑塊所受的摩擦力先向下后向上，合力先大后小，加速度先大后小，斜率先大后小，與速度圖像符合，所以傳送帶一定是逆時針轉(zhuǎn)動，A錯誤；

B．共速前滑塊所受摩擦力向下，由牛頓第二定律得

由圖像得

解得，B錯誤；

C．從圖像可以看出，傳送帶的速度等于v0，做勻速運(yùn)動，C錯誤；

D．t0后滑塊繼續(xù)加速，摩擦力向上，加速度的大小為

解得，D正確。

故選D。

3．BCD

【詳解】

AC．工件放到傳送帶上后，先受到滑動摩擦力作用而做加速運(yùn)動，直到工件與傳送帶共速后相對靜止；工件勻加速的過程，根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為

a==μg

工件的速度由零增大到v用時為

t=

該段時間內(nèi)傳送帶的位移為

x=vt=

所以工件對傳送帶做功為

Wf=-fx=-μmg?=-mv2

則傳送帶因?yàn)閭魉凸ぜ枰嘧龅墓閙v2，故A錯誤，C正確；

B．傳送帶與工件間相對位移大小為

△x=vt-==

因此摩擦產(chǎn)生熱量為

Q=μmg?△x=μmg?=mv2

故B正確；

D．在運(yùn)動的過程中只有摩擦力對工件做功，由動能定理可知，摩擦力對工件做的功等于工件動能的變化，即為mv2，故D正確。

故選BCD。

4．D

【詳解】

A.由題圖乙知，物塊的初速度方向平行傳送帶斜向上，在時間內(nèi)速度減小，傳送帶對物塊做

負(fù)功，由牛領(lǐng)第三定律知，物塊對傳送帶的摩擦力沿傳送帶向上，對傳送帶做負(fù)功，故A錯誤；

B.在時間后，物塊和傳遞帶一起做勻速運(yùn)動，有，所以，故B錯誤；

C.在時間內(nèi)，傳送帶對物塊做功，故C錯誤；

D.在時刻后，物塊速度先增大后不變，摩擦力先做正功，后做負(fù)功，故D正確．

5．AB

【詳解】

對煤塊和平板車的運(yùn)動進(jìn)行分析，平板車在被推動后，擁有速度v0，此時平板車與煤塊擁有速度差，產(chǎn)生摩擦力，煤塊獲得加速度，大小為

隨后平板車撞墻靜止，此時煤塊會受到摩擦力的作用做勻減速運(yùn)動，此時加速度大小也為

分類討論：

當(dāng)時，此時煤塊剛好達(dá)到v0，煤塊留下的痕跡為

隨后煤塊做減速運(yùn)動，按原路返回，故留下的痕跡為

則相對運(yùn)動過程中產(chǎn)生的熱量為

當(dāng)時，此時煤塊在平板車撞墻前達(dá)到勻速，此時煤塊留下的痕跡為

當(dāng)平板車撞墻后，煤塊減速運(yùn)動，按痕跡返回，此時運(yùn)動的距離也為

故痕跡的大小為

此時相對運(yùn)動過程中產(chǎn)生的熱量為

當(dāng)時，此時煤塊在平板車撞墻前還未達(dá)到速度v0，此時煤塊留下的痕跡為

隨后平板車撞墻，煤塊做減速運(yùn)動，按痕跡返回，移動的位移為

因，所以留下的痕跡為

此時相對運(yùn)動過程中產(chǎn)生的熱量為

故選AB。

6．BC

【詳解】

A.傳送帶靜止時，物體滑到傳送帶上后向右做勻減速直線運(yùn)動，到達(dá)傳送帶右端時物體的速度小于2m/s，物體離開傳送帶后做平拋運(yùn)動到達(dá)C點(diǎn)，物體做平拋運(yùn)動的初速度小于2m/s；若傳送帶逆時針方向運(yùn)行且v=2m/s，物體在傳送帶上一直做勻減速直線運(yùn)動，其運(yùn)動情況與傳送帶靜止時相同，物體到達(dá)傳送帶右端時的速度與傳送帶靜止時到達(dá)右端的速度相等，物塊離開傳送帶做平拋運(yùn)動，仍落在C點(diǎn)，故A錯誤；

B、若傳送帶順時針方向運(yùn)動，則當(dāng)傳送帶速度v＞2m/s時，物體在傳送帶上可能先做勻加速直線運(yùn)動后做勻速直線運(yùn)動，也可能一直做勻加速直線運(yùn)動，物塊到達(dá)傳送帶右端時的速度大于2m/s，做平拋運(yùn)動的初速度大于2m/s，物體將落在C點(diǎn)的右側(cè)，故B正確；

C.若傳送帶順時針方向運(yùn)動，則當(dāng)傳送帶速度v＜2m/s時，物體在傳送帶上可能先做勻減速直線運(yùn)動后做勻速直線運(yùn)動，此時到達(dá)傳送帶右端時的速度可能比傳送帶靜止時的速度大，物體落在C點(diǎn)的右側(cè)，故C正確；

D.若傳送帶逆時針方向運(yùn)行且v=3m/s，物體在傳送帶上一直做勻減速直線運(yùn)動，與傳送帶靜止時的運(yùn)動情況相同，物體到達(dá)傳送帶右端時的速度與傳送帶靜止時到達(dá)右端的速度相等，物塊離開傳送帶做平拋運(yùn)動，落在C點(diǎn)，故D錯誤．

7．CD

【解析】

【詳解】

重力沿傳送帶向下的分力：G1=mgsin37°=6m，物體與傳送帶間的摩擦力：f=μmgcos37°=4m；則A上滑過程中一直減速；對物體B開始時加速度mgsin37°+μmgcos37°=ma1；物塊做減速運(yùn)動，當(dāng)共速后，然后傳送帶速度大于物塊的速度，摩擦力向上，但是因?yàn)閙gsin37°>μmgcos37°，則物體仍沿傳送做減速運(yùn)動，選項(xiàng)A錯誤；A先向上做勻減速直線運(yùn)動，速度變?yōu)榱愫螅瑐魉蛶的摩擦力平行于傳送帶向下，A向下做加速運(yùn)動，摩擦力對A做正功，摩擦力對A不是阻礙作用，故B錯誤；物塊A在下滑過程中開始傳送帶的速度大于物體的速度，此時摩擦力向下，當(dāng)物塊的速度與傳送帶共速后，物塊速度大于傳送帶速度時，物塊所受的摩擦力方向向上，選項(xiàng)C正確；物塊B在上滑到最高點(diǎn)的過程中，開始時物塊的速度大于傳送帶的速度，此時所受的摩擦力向下，當(dāng)共速后，傳送帶速度大于物塊的速度，摩擦力向上，選項(xiàng)D正確；故選CD.【點(diǎn)睛】

本題考查了傳送帶問題，傳送帶問題對學(xué)生來說是一個難點(diǎn)，分析清楚物體在傳送帶上的運(yùn)動過程是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動學(xué)公式可以解題．

8．ACD

【詳解】

A．木塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動，速度達(dá)到傳送帶速度后一起做勻速直線運(yùn)動。勻加速直線運(yùn)動的加速度

a=μg

勻加速運(yùn)動的時間

勻加速直線運(yùn)動的位移

勻速運(yùn)動的時間

則木塊從左端運(yùn)動到右端的時間

故A正確；

BD．木塊在傳送帶上可能一直做勻加速直線運(yùn)動，到達(dá)右端的速度恰好為v，根據(jù)平均速度推論知

則運(yùn)動的時間

故B錯誤，D正確；

C．木塊在傳送帶上可能一直做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)

得

故C正確。

故選ACD。

9．AC

【詳解】

A．v-t圖線與時間軸所圍的面積表示位移，由圖可得內(nèi)物體位移的大小為

A正確；

B．物體剛放上傳送帶時，由牛頓第二定律可得

由圖b可知，加速度a=1m/s2，聯(lián)立可解得，B錯誤；

C．內(nèi)物體機(jī)械能增量為

物體初速度，末速度與傳送帶相同，由圖b可得，聯(lián)立可解得，C正確；

D．在0-2s內(nèi)，物體與傳送帶的相對位移為

在2s-6s內(nèi)，物體與傳送帶的相對位移為

最后2s相對靜止，沒有摩擦生熱，故內(nèi)物體與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為

D錯誤。

故選AC。

10．（1）9J（2）（3）8J

【解析】

試題分析：（1）A、B碰撞過程水平方向的動量守恒，由此求出二者的共同速度；由功能關(guān)系即可求出損失的機(jī)械能；（2）A、B碰撞后與C作用的過程中ABC組成的系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律可以求出C與AB分開后的速度，C在傳送帶上做勻加速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律求出加速度，然后應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動規(guī)律求出C相對于傳送帶運(yùn)動時的相對位移，由功能關(guān)系即可求出摩擦產(chǎn)生的熱量．

（1）設(shè)A與B碰撞后共同速度為，對A、B有：

動量守恒①

碰撞時損失機(jī)械能②

解得

（2）設(shè)A、B碰撞后，彈簧第一次恢復(fù)原長時AB的速度為，C的速度為．

由動量守恒：③

由機(jī)械能守恒：④

解得

C以滑上傳送帶，假設(shè)勻加速的直線運(yùn)動位移為時與傳送帶共速，由運(yùn)動學(xué)公式，解得

加速運(yùn)動的時間為t，有⑤

所以相對位移⑥

摩擦生熱．

11．(1)

3m/s

(2)

m/s

(3)

或

【詳解】

（1）從A點(diǎn)到剛滑上傳送帶，應(yīng)用動能定理

得

代入數(shù)據(jù)得，v1=3m/s.（2）滑塊在傳送帶上運(yùn)動，先向左減速零，再向右加速，若傳送帶的速度小于v1，則物塊最終以傳送帶的速度運(yùn)動，設(shè)傳送帶速度為v時，物塊剛能滑到B點(diǎn)，則

解得m/s

即傳送帶的速度必須大于等于m/s。

(3)傳送帶的速度大于或等于v1，則滑塊回到水平軌道時的速度大小仍為v1

得s=0.9m，即滑塊在水平軌道上滑行的路程為0.9m，則最后停在離B點(diǎn)0.2m處。

若傳送帶的速度m/s

解得

若傳送帶的速度v

解得

12．(1)5m/s；(2)0.5；(3)10J

【詳解】

(1)小物體在傳送帶上運(yùn)動，由牛頓第二定律得

物體與傳送帶速度相同所用的時間為t，則

小物體通過的距離為

小物體先做勻加速運(yùn)動，后做勻速運(yùn)動，到達(dá)右端時速度與傳送帶相同為

(2)設(shè)小物體在斜面上的加速度為a２，由牛頓第二定律得

gsinθ+μ2mgcosθ＝ma２

因小物體到達(dá)斜面最高點(diǎn)P時速度恰好為零，由運(yùn)動學(xué)方程得v2=2a２L，聯(lián)立解得

(3)小物體在運(yùn)輸帶上勻加速運(yùn)動時，運(yùn)輸帶的位移為

=v0t=5m

小物體與運(yùn)輸帶的相對路程為

Δx=v0t－x1＝2.5m

小物體與運(yùn)輸帶間產(chǎn)生的熱量為

電動機(jī)多輸出的能量為

13．（1）2m/s或2m/s；（2）1.67J

【解析】

【詳解】

(1)若v

代入數(shù)據(jù)解得：v＝2

m/s.若v>v0，滑塊所受摩擦力對滑塊做負(fù)功

由動能定理得：－μmg·L＝mv02－mv2

代入數(shù)據(jù)解得：v＝2m/s.(2)當(dāng)v＝2

m/s時，設(shè)滑塊從B到C用時為t，則

μmg＝ma，a＝μg＝3

m/s2

v0＝v＋at，Q＝μmg(v0t－L)

代入數(shù)據(jù)解得：Q＝4

J.當(dāng)v＝2m/s時，同理可得：

Q＝μmg(L－v0t)≈1.67

J.14．(1)2.5m/s2；(2)5.2s

【詳解】

(1)小物體向上加速過程，對小物體進(jìn)行受力分析，如圖所示

根據(jù)牛頓第二定律有

則得物體剛開始運(yùn)動的加速度為

(2)當(dāng)小物體的速度增加到v=1m/s時，通過的位移是

勻加速所用時間

由于

所以物體與傳送帶同速后一起勻速運(yùn)動，位移為

即小物體將以1m/s的速度完成4.8m的路程，用時為

故小物體從A到B所需時間為

15．（1）42N（2）13.5J

【詳解】

解：設(shè)滑塊m1與小球碰撞前一直做勻減速運(yùn)動，根據(jù)動能定理：

解之可得：

因?yàn)?，說明假設(shè)合理

滑塊與小球碰撞，由動量守恒定律：

解之得：

碰后，對小球，根據(jù)牛頓第二定律：

小球受到的拉力：

（2）設(shè)滑塊與小球碰撞前的運(yùn)動時間為，則

解之得：

在這過程中，傳送帶運(yùn)行距離為：

滑塊與傳送帶的相對路程為：

設(shè)滑塊與小球碰撞后不能回到傳送帶左端，向左運(yùn)動最大時間為

則根據(jù)動量定理：

解之得：

滑塊向左運(yùn)動最大位移：=2m

因?yàn)椋f明假設(shè)成立，即滑塊最終從傳送帶的右端離開傳送帶

再考慮到滑塊與小球碰后的速度<，說明滑塊與小球碰后在傳送帶上的總時間為

在滑塊與傳送帶碰撞后的時間內(nèi)，傳送帶與滑塊間的相對路程

因此，整個過程中，因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能是

=13.5J

16．（1）

（2）0.875（3）90J,126J

【詳解】

（1）由題圖乙可知，0～8?s內(nèi)物體位移的大小等于0～8?s內(nèi)圖線與時間軸所圍面積的大小，即為：

（2）由題圖乙可知，物體相對傳送帶滑動時加速度為：

由牛頓第二定律，得：μmgcos37°-mgsin37°=ma

解得：μ=0.875

（3）物體被傳送帶送上的高度為：h=xsin?37°=8.4?m

重力勢能增量為：△Ep=mgh=1×10×8.4J=84?J

動能增量為：△Ek=mv22-mv12=×1×(42?22)J=6?J

0～8?s內(nèi)物體機(jī)械能增量為：△E=△Ep+△Ek=90?J

0～8?s內(nèi)傳送帶運(yùn)動距離為：x′=4×8?m=32?m

相對位移為：△x=x′-x=32m-14m=18?m

產(chǎn)生熱量為：Q=μmgcos?37°△x=0.875×1×10×0.8×18J=126?J．

【點(diǎn)睛】

本題一要讀懂速度圖象，根據(jù)圖象分析物體的運(yùn)動情況，求出位移和加速度，二要根據(jù)牛頓第二定律和功能關(guān)系求解相關(guān)的量，對于熱量，要根據(jù)相對位移求解．

17．（1）F=-50（N）；（2）62J；（3）18J

【詳解】

（1）在D點(diǎn)，由牛頓第二定律得：

物體從B到D的過程，由機(jī)械能守恒定律得：

聯(lián)立可得

（2）當(dāng)時，根據(jù)能量守恒定律得

（3）當(dāng)時，設(shè)物體向右勻減速運(yùn)動歷時t1

此時物體向右的位移

皮帶向左的位移

兩者相對位移

當(dāng)物體向右勻減速到0時又向左勻加速運(yùn)動直到與傳送帶速度相等，兩者相對靜止，設(shè)此過程歷時，物體向左的位移

皮帶向左的位移

兩者的相對位移

所以

所以

18．（1）3m/s；（2）6.7N；（3）3.2J

【詳解】

(1)物體拋出后豎直方向做自由落體運(yùn)動，豎直方向有

得：

物體恰好從A點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入圓弧軌道，則

得：

(2)煤塊在A至D的運(yùn)動過程中由動能定理得：

在D點(diǎn)由牛頓第二定律得

解得：，又有牛頓第三定律知：在D點(diǎn)對軌道的壓力大小為6.7N。

(3)因所以物塊向上做勻減速運(yùn)動，由牛頓第二定律可得

解得：

當(dāng)減速到時，所用的時間，由勻變速直線運(yùn)動規(guī)律可得

因?yàn)?，所以物塊向上再做勻減速運(yùn)動，由牛頓第二定律可得

解得：

解得：

第五篇：2014屆高三物理總復(fù)習(xí)計(jì)劃書

李澤寬同學(xué)——高三物理總復(fù)習(xí)計(jì)劃書

第一輪復(fù)習(xí)

2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)1——直線運(yùn)動……………………………………………………3.12 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)2——曲線運(yùn)動…………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)3——力……………………………………………………………3.17 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)4——共點(diǎn)力平衡………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)5——牛頓定律…………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)6——萬有引力定律及其應(yīng)用……………………………………3.24 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)7——動量………………………………………………………… 2009屆高三第一輪復(fù)習(xí)8——機(jī)械能……………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)9——機(jī)械振動和機(jī)械波…………………………………………3.31 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)10——電場………………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)11——磁場………………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)12——恒定電流……………………………………………………4.7 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)13——交變電流…………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)14——電磁感應(yīng)…………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)15——電磁場和電磁波……………………………………………4.14 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)16——分子動理論………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)17——內(nèi)能熱和功……………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)18——?dú)怏w的狀態(tài)參量……………………………………………4.21 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)19——光的折射…………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)20——光的干涉…………………………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)21——光的偏振、激光……………………………………………4.28 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)22——原子的核式結(jié)構(gòu)玻爾理論 天然放射現(xiàn)象…………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)23——核反應(yīng) 核能 質(zhì)能方程…………………………………… 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)24——力學(xué)實(shí)驗(yàn)……………………………………………………5.5 2014屆高三第一輪復(fù)習(xí)25——電磁學(xué)實(shí)驗(yàn)…………………………………………………5.7

第二輪復(fù)習(xí)

相互作用——牛頓運(yùn)動定律——曲線運(yùn)動與萬有引力——機(jī)械能守恒定律（5.9--5.16）靜電場——恒定電流——磁場——電磁感應(yīng)（5.19--5.26）

振動和波——光（5.28--5.30）

第三輪復(fù)習(xí)

解題方法總結(jié)+必考點(diǎn)分析+知識點(diǎn)歸納（6.1--6.6）